从php获取JSON编码的变量

我有以下php代码：

$query = mysql_query("SELECT * FROM table WHERE id=$id");
while($item = mysql_fetch_assoc($query)){
    $dataArray['var1'] = $item['var1'];
    $dataArray['var2'] = $item['var2'];
    $dataArray['var3'] = $item['var3'];
    array_push($return_arr,$dataArray);
}

echo json_encode($return_arr);

它在我的

ajax.php

文件中

然后我使用jquery通过ajax请求将id发送到那里：

$.ajax({
    type: "POST",
    url: 'ajax.php',
    data: 'id='+id,
    success: function(data) { 
        alert(data);
    }
 });

它提醒我：

[{“var1”：“somevarhere”，“var2”：“somevarhere2”，“var3”：“somevarhere3”}]

有人能告诉我如何访问例如

var3

以获取

somevarhere3

---

谢谢

您应该可以这样访问它：

data[0].var3

---

其中0是您要访问的数组中项目的索引。

应该能够像这样访问它：

data[0].var3

---

其中0是要访问的数组中的项的索引。

根据的文档，它作为第一个参数接收的数据将根据传递给

jQuery.Ajax

的

选项的值进行解释

如果为该参数传递
'json'
，会怎么样？

像这样：

$.ajax({
    type: "POST",
    url: 'ajax.php',
    data: 'id='+id,
    dataType: 'json', 
    success: function(data) { 
        alert(data);
    }
 });

header('Content-type: application/json');

这样做，
jQuery.ajax
应该将服务器返回的数据解释为JSON



否则，文档说明，如果未指定数据类型（引用）：

jQuery将尝试根据
响应的MIME类型

因此，另一种解决方案是从PHP代码中返回一些JSON内容类型（请参阅），如下所示：

$.ajax({
    type: "POST",
    url: 'ajax.php',
    data: 'id='+id,
    dataType: 'json', 
    success: function(data) { 
        alert(data);
    }
 });

header('Content-type: application/json');

在做回音之前

同样，
jQuery.ajax
应该将从服务器返回的数据解释为JSON。
根据的文档，它作为第一个参数接收的数据根据传递给
jQuery.ajax
的
数据类型的值进行解释

如果为该参数传递
'json'
，会怎么样？

像这样：

$.ajax({
    type: "POST",
    url: 'ajax.php',
    data: 'id='+id,
    dataType: 'json', 
    success: function(data) { 
        alert(data);
    }
 });

header('Content-type: application/json');

这样做，
jQuery.ajax
应该将服务器返回的数据解释为JSON



否则，文档说明，如果未指定数据类型（引用）：

jQuery将尝试根据
响应的MIME类型

因此，另一种解决方案是从PHP代码中返回一些JSON内容类型（请参阅），如下所示：

$.ajax({
    type: "POST",
    url: 'ajax.php',
    data: 'id='+id,
    dataType: 'json', 
    success: function(data) { 
        alert(data);
    }
 });

header('Content-type: application/json');

在做回音之前

同样，
jQuery.ajax
应该将服务器返回的数据解释为JSON。
好的，我找到了解决方案。多亏了
Pascal MARTIN
我有了解析结果的想法，所以我使用了以下方法：

data = data.substring(1,data.length-1);
data = $.parseJSON(data);
alert(data.var3);

第一行删除[]，
第二行将JSON解析为对象，
第三行访问属性
好的，我找到了解决方案。多亏了
Pascal MARTIN
我有了解析结果的想法，所以我使用了以下方法：

data = data.substring(1,data.length-1);
data = $.parseJSON(data);
alert(data.var3);

第一行删除[]，
第二行将JSON解析为对象，
第三行访问属性
，那么你的问题是如何将json编码的字符串转换为对象？那么你的问题是如何将json编码的字符串转换为对象？我添加了
数据类型：'json'，
-这看起来很好，现在它说
数据
是对象，但当我
发出警报（data.toSource（））
它仍然返回
[{“var1”：“somevarhere”、“var2”：“somevarhere2”、“var3”：“somevarhere3”}]
，因此它不起作用。它认为这是因为这些括号（[]）好吧，现在您的数据被解释为JSON，您可以像任何其他包含一个对象的Javascript数组一样访问它；例如：
data[0].var3
我添加了
dataType:'json'，
-这看起来几乎很棒，现在它说
data
是对象，但是当我
alert（data.toSource（））
时，它仍然返回
[{“var1”：“somevarhere”，“var2”：“somevarhere2”，“var3”：“somevarhere3”}]
，因此它不起作用。它认为这是因为这些括号（[]）好吧，现在您的数据被解释为JSON，您可以像任何其他包含一个对象的Javascript数组一样访问它；例如：
data[0].var3
如果您的SQL查询总是返回一个且仅返回一个结果，那么最好从PHP返回一个对象，而不是一个包含一个对象的数组——这就是那些
[]
存在的原因：您的PHP代码返回一个JSON编码的数组。如果您的SQL查询总是返回一个且仅返回一个结果，您最好从PHP返回一个对象，而不是一个包含一个对象的数组——这就是那些
[]
存在的原因：您的PHP代码返回一个JSON编码的数组。