使用表单PHP上载数据没有实际上载的文件

好的，所以基本上我有两个函数设置来显示一个表单，或者在表单提交时上传数据

function showResourceForm()
 {
 echo("
 <form   enctype='multipart/form-data' name='form1' method='post'      action='tutorAddResource.php' 
>
<table>
<tr><td> Name Of resource</td><td> <input type ='text' name='name' /></td></tr>
<tr><td>Available From</td><td> <input type = 'date' name = 'from' /> </td> </tr>
<tr><td>Available Until</td><td> <input type = 'date' name = ' until' /> </td> </tr>
<tr><td>Choose Resource</td><td> <input type = 'file' name 'file' id= 'file'> </td></tr>
</table>
                        <input type='submit' onclick='submit'  value='Upload Resource' />
</form>
");

---

从你的代码来看，你的代码似乎有输入错误

 <input type = 'file' name 'file' id= 'file'>

将代码更改为

     <input type = 'file' name='file' id= 'file'>

为什么添加了

doSQL（$sql）

当您使用mysqli\u查询时？

“\uploads”

几乎肯定不是将文件移动到的正确路径。如果您不向我们显示错误消息，则很难回答您的问题。也许它不是重复的，但如果是，你会让自己更难知道。还要注意的是，你的代码是开放的，可以进行SQL注入。小事情可以带来很大的不同，很好的发现：p非常感谢你，这解决了所有错误代码，但我仍然没有正确上传文件。@KAIATTEWELL不要忘记将文件夹

chmod

上传到

777

（如果您使用在线webhost）@C0dekid.php。从他们对正斜杠和反斜杠的混淆中，我猜他们实际上是在Windows上托管此文件的。我可能完全错了。虽然@c0dekid.php我在windows上使用的是xammp apache服务器，但这个网站不是用于实际业务的，只是学习php。

 <input type = 'file' name 'file' id= 'file'>

     <input type = 'file' name='file' id= 'file'>