如何在PHP中打开网页收到POST调用后的链接？

我有一个将数据发布到我的网页的应用程序。我的网页应该使用发布的数据生成带有参数的链接并打开它

我的网页上有这些PHP代码

if(isset($_POST['name']) && isset($_POST['surname']))
    {
        $name = $_POST['name'];
        $surname = $_POST['surname']; 
        header('Location: http://localhost/smcreader/tktest.php?name=' . $name . '&surname=' . $surname);  
    }

---

我的问题是它无法打开生成的URL。我用

echo

替换

header

，并将

MessageBox.Show（response\u stuff）

添加到我的应用程序中以显示响应消息。它正常响应，状态正常，响应消息是生成的链接。

我认为它不是重定向动态构建的页面的正确方法。您尝试过AJAX函数吗

index.php

$（文档）.ready（函数（）{
$（“#发送”）。单击（函数（）{
var name=$（“#name”）.val（）；
变量姓氏=$（“#姓氏”）.val（）；
$.ajax({
类型：“POST”，
url:“GenUrl.php”，
数据：“name=“+name+”&姓氏=“+姓氏，
数据类型：“文本”，
成功：函数（url）
{
如果（url！=“KO”）{
window.location=url
}
其他的
{
$（“#结果”）.html（“检查值”）；
}
},
错误：函数（）
{
警报（“错误……”）；
}
});
});
});
名字


姓

可能的重复：您正在寻找的可能的重复称为cURL，它已经有了一些主题：）谢谢您给我指出。我去查一下。祝您有个美好的一天。