Php 为什么刷新后需要readfile

所以我正在使用我在互联网上找到的一个解决方案来发送文件，而且它确实在工作！ 但我真的不明白为什么：(

在我的解决方案中，我将生成一个CSV（测试；测试；测试；测试；测试）

因此，我告诉我的标题它是一个csv文件，并且它也应该是一个附件：

<?php
$nom = time().'.csv';
header('Content-type: text/csv');
header('Content-disposition: attachment;filename='.$nom);
?>

我知道flush（）正在将缓冲区释放到客户端，对吗？ 但是为什么readfile（）；是必需的呢？ 我的意思是，如果发送了内容，我为什么要再次读取该文件？

readfile（$nom）；

实际上是在读取并回显您的文件，因此客户端可以接收数据。如果没有这些，csv输出将是空的

flush（）

只是确保在开始写入输出之前清空输出缓冲区。我认为现在甚至不需要这样做。它只是确保使用

readfile

写入的输出缓冲区在这样做时是空的。

flush（）

与发送文件内容无关，它只会刷新您已回显的任何内容。在本例中，

flush（）

也会发送您指定的标题。

flush();
readfile($nom);