PHP文件上传警告严格标准：只能通过引用传递变量

我目前正在使用安全性在PHP上尝试文件上载，但我收到以下警告：

严格标准：只能通过引用传递变量

我可以通过以下方式获取文件名：

$file_name = $_FILES['image']['name'];

这是警告指示的行：

$file_ext = strtolower(end(explode('.', $file_name)));

此行用于获取上载文件的文件扩展名。你能帮我修一下这条线路吗？我将非常感谢你的帮助

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我用于测试的文件名为“A.jpg”

或者，您可以通过以下方式获得文件扩展名：

<?php
$file_name = 'test_file_uploaded.abc.txt';
$file_ext = strtolower(substr($file_name, (strrpos($file_name, '.') + 1), strlen($file_name)));

echo $file_name; // output "test_file_uploaded.abc.txt"
echo $file_ext;  // output "txt"
?>

Show your$file\u name可能重复我在我的帖子@user1234上添加了一些信息，您可以使用此

$ext=pathinfo（$file\u name，pathinfo\u扩展名）获取扩展名