Php 在Symfony2中呈现模板而不更改路径

我制作了一个登录函数，在这个函数中，我在检查登录名和密码后呈现一个模板。这是我在模板中制作的表单

<form action="{{ path("login") }}" method="post" id="formulaire_connexion">
 <label class="control-label">Email
 <input  type="text" name="email" id="email" placeholder="your@email.com" onclick="this.select()"/>
  </label>
   <label class="control-label">Password</br>
   <input  type="password" name="password" id="password" placeholder="*********" onclick="this.select()"/>
   </label>
   <input type="checkbox" id="remember_me" name="remember_me"><label for="remember_me">Remember me </label></br>
   <button type="submit" id="connexion" name="connexion">Connexion</button>
   </form>

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在错误的登录连接之后，我呈现了相同的登录模板，但是路由更改为/login，而不是havig/index。我需要知道的是，即使我们调用了一个外部方法，如何保持相同的路由。

这是因为表单的操作是“/login”，因此如果auth失败，您可以检查refferer并重定向回，请检查此帖子侧注：一个好的做法是，永远不要在post请求时呈现某些内容，始终重定向到GET。

public function loginAction(Request $request)
{
    $mail = $request->get('email');
    $pass = $request->get('password');
    $oauth = new OAuth($mail, $pass);

    $baseUrl = "http://api.localhost/v1/";
    $connexion = "{$baseUrl}login/".$mail."/".$pass;

    $oauth->fetch($connexion, $_REQUEST, OAUTH_HTTP_METHOD_GET);

    $reponseInformations = json_decode($oauth->getLastResponse(), true);


    if (!$reponseInformations) {

        $data['erreur'] = "Bad credentials";

        return $this->render('EspacePointDeVenteBundle:Authentication:authentication.html.twig', array(
            'erreur' => $data,
        ));

    }else{
        return $this->render('EspacePointDeVenteBundle:Home:index.html.twig', array(
            'reseau' => $reseau,
            'identifiant' => $key,
            'key' => $identifiant,
        ));
    }

}