Php Can'；t配置ZEND使其工作

我尝试了ZF 1.12.0和2.0.3，然后运行以下命令：

在我的电脑上，它不工作，似乎卡在这条线上：

$videoEntry = $yt->newVideoEntry();

我知道这一点，因为当我在那条线周围放置两个回声时，只有第一个得到显示

奇怪的是，在任何地方都没有这样的方法叫做

newVideoEntry（）

。 最让人恼火的是，它可以完全正常工作，结果使用的是ZF1.11.11，这是一个我在互联网上找不到的旧版本

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我真的迷路了。有什么想法吗？我应该使用哪个版本，因为它们有太多的不同和不兼容。该代码有什么解决方案吗？

如果您想使用与phpcloud相同的库，那么您所要做的就是提取托管在php云服务器上的zf库的内容。不记得它的确切位置，但应该在phpcloud服务器上的zend文件夹中。

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至于您得到的错误，如果没有确切的错误消息，就很难判断是什么错误。

方法newVideoEntry（）不存在，因为它是一种神奇的方法。Zend_Gdata_应用程序：：_电话会处理好的。它创建了Zend_Gdata_YouTube_视频条目，一切都在继续

我打开了错误报告，但没有显示任何内容。显然，它被卡在那里，没有任何机会返回错误代码。我将newVideoEntry（）替换为一些无意义的名称，如jasdjks（），它们产生了相同的结果！您是在application.ini中打开了错误报告，还是在.htaccess或index.php中将应用程序设置为开发模式？错误报告适用于其他php文件以及该行之前的任何错误。是否有错误代码或堆栈跟踪？还要检查您的php版本

echo

在调试该代码时无法很好地工作。尝试

var\u dump（）

或

Zend\u Debug:：dump（$var）$yt=new Zend_Gdata_YouTube（）查看YouTube对象是否存在。@RockyFord谢谢，我刚刚下载了ZF 1.11.11，但问题仍然存在。所以它与版本无关。无论如何，这就是Debug:：dump返回的结果：$yt确实是一个实例化的对象。只要我更改行
$videoEntry=$yt->newVideoEntry（），您的回答实际上会让它更清晰
至
$videoEntry=new Zend_Gdata_YouTube_videoEntry（），它按预期工作。但为了安全起见，我仍然需要解决这个问题。我的ZF似乎没有调用那个神奇的方法，为什么？我只看到一种方法来解决这个问题。调试它。