Php mysql数据库中的动态表名？

我使用下面的代码在mysql数据库中创建动态表，这些代码运行良好

但是，我还想基于动态表名创建第二个表

例如：

动态表名是：
David
基于David表的第二个表应为：
David.books
或
David books

这是我当前的代码：

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user.'books' (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user.books (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

我尝试了这个，但没有创建表：

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user.'books' (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user.books (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

我也这样尝试过，但没有创建任何表：

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user.'books' (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE  $user.books (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

有人能帮我吗

谢谢
您不应该在表名周围单独引用：

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE " .$user. "_books (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

也

此外，根据@Fred ii-，。
您不应该在表名周围单引号：

$stmt = mysqli_prepare( $db_conx, "CREATE TABLE " .$user. "_books (
  id int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
  PRIMARY KEY (id)
)"
);

也

另外，根据@Fred ii-，.
$stmt=mysqli\u prepare（$db\u conx，“创建表”.$user.-books(
id int（11）非空自动增量，
主键（id）
)"
);
 $stmt=mysqli\u prepare（$db\u conx，“创建表”。$user.-books(
id int（11）非空自动增量，
主键（id）
)"
);
 mySQL表名中不能有点，标识符不带引号

Database and table names cannot contain '/', '\', '.', or characters
that are not permitted in file names.

参考：

此外，您对表的使用似乎是非正统的，您应该使用关系数据库提供的可能性

例如：
mySQL表名中不能有点，标识符不带引号

Database and table names cannot contain '/', '\', '.', or characters
that are not permitted in file names.

参考：

此外，您对表的使用似乎是非正统的，您应该使用关系数据库提供的可能性

例如：
将字符串组合在一起的正确方法是使用。与您一样，但您没有在字符串本身中定义所需的点：

$string = $user . ".books"; // This will return "David.books"
$string = $user . "-books"; // And this will return "David-books"

你知道我是怎么加上一个点的吗

也许你甚至可以做一些类似于
$string=$user.“.books”的事情然后执行

$stmt = mysqli_prepare($db_conx, "CREATE TABLE $string");

因为我认为MySQL不允许像您那样将字符串组合在一起
正确的组合字符串的方法是使用。与您一样，但您没有在字符串本身中定义所需的点：

$string = $user . ".books"; // This will return "David.books"
$string = $user . "-books"; // And this will return "David-books"

你知道我是怎么加上一个点的吗

也许你甚至可以做一些类似于
$string=$user.“.books”的事情然后执行

$stmt = mysqli_prepare($db_conx, "CREATE TABLE $string");

因为我认为MySQL不允许您像以前那样将字符串组合在一起
您不能按原样编写$user。您必须这样做：“创建表”.$user..books”（id在（11）中）…希望它有帮助
您不能按原样编写$user。您必须这样做：“创建表”.$user..books”（id在（11）中）…希望它对您有所帮助。
无论是
David.books
还是
David books
都是一个很好的标识符名称，因为。为什么不
David\u books
呢？将表名放在“任何错误或消息”之间？像这样动态创建的表名通常是设计不好的标志。为什么不创建一个books表，然后创建一个
ownername
将“David”“来自太多联接”放在其中的字段表？那么你创建了更多的表吗？无论是
David.books
还是
David books
都不是一个好的标识符名称，因为。为什么不改为
David\u books
呢？将表名放在“任何错误或消息”之间？像这样动态创建的表名通常是设计不好的标志。为什么不是一个books表，然后是一个
 ownername
字段，您将“David”“来自太多联接”表？那么你创建了更多的表？你现在可以，但我不建议使用点。你现在可以，但我不建议使用点。好奇：为什么在
-books
中使用连字符？连字符不应该在SQL中使用，因为它可能被误解为负号，除非勾选。@Fred ii-ah，这是提问者的替代选项。@Fred ii-ah哦，一个点，我甚至没有想到。修正了。似乎OP有很多答案可以从lolI使用的
\u书籍中选择，而且效果很好，所以接受了这个答案。它得到了回报，嗯？@DigitalChris；-）+1Curious:为什么在
-books
中使用连字符？在SQL中不应该使用连字符，因为它可能会被误解为负号，除非打勾。@Fred ii-啊，这是提问者对点的替代，我甚至没有想到。修复了。似乎OP有很多答案可供选择，可以从lolI使用的
\U书籍中选择，并且很好，所以接受了这个答案。它得到了回报，嗯？@DigitalChris；-）+1