Php ajax中的动态url

我尝试从data.csv绘制图表

$(document).ready(function () {

    $.ajax({
        type: "GET",
        url: "data.csv",
        dataType: "text",
        success: function(data) {processData(data);}
    });

完整的html代码是

但我必须使用用户给定的参数创建data.csv。我正在通过表单获取方法获取

<form action="/test.php" >
<input type="text" name="starttime" placeholder="starttime " >

我打算从这个新创建的csv生成图形。但是我不能

给出动态url，即与shell脚本创建的文件名相同。另外，在服务器上也有可能生成许多文件，是否有一种方法可以干净地完成这项工作。 让php调用绘图并显示图形 您不应该调用data.csv文件，而应该调用一个PHP文件来呈现新的csv文件

HTML:

<form id="yourForm">
<input type="text" name="starttime" placeholder="starttime " >
</form>

和last-csv-file.php：

---

注意：shell_execbash myscript.sh$time>data.csv这一行可能存在严重的安全问题；如果用户在&&rm-Rf./字段中键入类似的命令或任何类型的命令，可能会中断服务器。您应该始终检查starttime是否包含日期而不包含其他内容。

现在如何从用户处获取starttime？在您使用echo内容的php脚本中，这与functionI的dataformal参数类似吗？我用一种简单的方法更新了消息，在用户使用javascript提交表单时触发ajax请求。我不明白你的信息的最后一部分是什么，就像函数的dataformal参数，你能重新格式化吗？对不起，英语不是我的主要语言。谢谢@Raphael，但是，这似乎没有调用脚本。我在表格上加了一个。但单击“提交”。控件在单击绘图时永远不会到达javascript

<form id="yourForm">
<input type="text" name="starttime" placeholder="starttime " >
</form>

$('#yourForm').on('submit', function(event){
    event.preventDefault();
    var $form = $(this);

    $.ajax({
        type: "GET",
        url: "last-csv-file.php?starttime="+$form.find('input[name="starttime"]').val(),
        dataType: "text",
        success: function(data) {processData(data);}
    });
});

$time=$_GET['starttime'];

// Write the CSV in a temporary file
$tmpFileName = tempnam('/tmp', 'a-prefix-of-your-choice');
shell_exec("bash myscript.sh $time > $tmpFileName");

// Get the content of your tmp CSV file and remove it
$csvContent = file_get_contents($tmpFileName);
unlink($tmpFileName);

// Display that content with the proper mimetype
header('content-type: text/csv');
echo $content;
exit;