Php 使用json_encode显示select查询的内容时，如何命名对象？

忽视安全问题（目前）

我使用json_encode显示select查询的内容。 我用过：

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问题：我的对象没有名称，因此我很难编写任何可以读取结果并显示结果的代码。如何命名对象？它是一个我可以添加到表中的条目吗（比如说，我可以为每个对象指定不同的名称）

事实上，这根本不起作用。将

PDO

（或

MySQLi

，如注释中所述）对象强制转换为

JSON

。您应该使用

fetch\u assoc

instad，它将返回可直接放入JSON结构中的关联数组。

您应该尝试在PHP中构建所需的数组/对象结构。这样，当您对它进行

json\u编码时，您将知道它是什么样子，并且它将是您想要的

尝试：

为什么不使用
$result->fetch_array（）
？HTML代码段的好用法，而不是$result->fetch_object（）？有什么区别？我将如何命名对象（我也不知道在哪里命名），您需要先创建所需的结构，然后
json\u encode
it。例如，您可能想尝试：
echo json_encode（array（'people'=>$resultArray））
然后
people
将是一个对象数组。如上所述，如果您使用当前json和您想要获得的json编辑您的问题，您将得到正确的答案。没有这些细节我们只能猜测你的意思为什么你认为他使用PDO？他也可以用MySQLi。嗯。。。这没有多大变化ツ 谢谢你，我的回答。
$sql= {query code};

// created a temp array to hold data and an array for all the results
$resultArray = array();
$tempArray = array();

// looped through every object in the result set
while ($row = $result->fetch_object());

// added it into the results array
$tempArray = $row;
array_push($resultsArray, $temparray);

// encoded the array to a json format
echo json_encode($resultArray);

echo json_encode(array('people' => $resultArray));