Php 如何从上传的文件中获取链接？

我使用这个简单的脚本构建了一个简单的图像上传表单-

脚本运行良好，图像存储在名为“上载”的文件夹中

问题是，如何在我的php脚本中回显上传的文件，以便在我的网站中显示上传的图像

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谢谢你的帮助！：D

通常，根据您的服务器配置，映像（或任何上载）上载到/tmp中。您需要将复制的文件移动到您的web目录（可能位于“uploaded images”这样的子目录中）。您也可以在此过程中重命名该文件，因为它的名称将是adlkfa23ur20dasjsdablah。jpg

链接代码中的最后一个脚本（标题为“保存上载文件”的部分）说明了它的保存位置：

echo "Stored in: " . "upload/" . $_FILES["file"]["name"];

因此，假设

upload

位于webroot的正下方，那么您的

src

将是：

echo '<img src="/upload/'.$_FILES["file"]["name"].'" />';

echo'；

如果不进行复制，上载的文件将被删除。 因此，将其复制到公共或私有目录，如链接w3school…：

 move_uploaded_file($_FILES["file"]["tmp_name"],
  "upload/" . $_FILES["file"]["name"]);
  echo "Stored in: " . "upload/" . $_FILES["file"]["name"];

Public，指向文件，如中所示

<img src="path-to-img.jpg" />

然后，该文件需要驻留在Web服务器的可读目录中。 默认的fileupload目录不可读，因此请复制该文件

Private，您可以使用php为您获取文件：

<img src="getFile.php?filename=myfile.jpg">

//getFile.php
header('content-type: image/jpeg');
echo file_get_contents('myjpg.jpg');

//getFile.php
标题（“内容类型：图像/jpeg”）；
echo文件获取内容（'myjpg.jpg'）；

问候,，

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/t

我做了如下操作：/admincp/upload/“/>但它变成了错误。请帮助。Thanks@Zhaf，您的src路径可能错误，请使用firebug或将/admincp/upload/存储在变量中进行检查并回显。