Php 仅当数据库中存在GET var时加载编辑表单

我的脚本当前的功能：

• 抓取并清理$u GET['id']
• 从该id的表中提取所有预先存在的数据
• 显示用任何预先存在的数据填充的表单
• 提交将表单数据发送到更新脚本，将所有数据添加到表中

我希望脚本执行的操作：

• 抓取并清理$u GET['id']
• 从表中提取所有可能的（id）（我知道怎么做）
• 检查

  $\u GET['id']

  是否在数组id中（我知道如何做）
• 如果不是，则终止脚本，不显示表单，并回显错误消息（我不这样做）
• 如果是，则按正常操作
• 从该id的表中提取所有预先存在的数据
• 显示用任何预先存在的数据填充的表单
• 提交将表单数据发送到更新脚本，将所有数据添加到表中

当前脚本结构：

• php代码
• 包含所有值的
  插入的html表单

我试着做一个好孩子，把我的代码分开，并取得了很大的成功。但这给我留下了一个问题，我的html表单显示

$\u GET['id']

是否合法

有人能帮我设置一下吗？

如果（！in_array（$id，$allIDs））

阻止表单显示并抛出错误

除了使表单成为回响的herdoc之外，还有什么方法可以控制html的显示吗

Psuedocode是可接受的。我没有费心发布我的实际代码，因为我认为这个问题不值得如此具体。如果需要的话我可以

从表中提取所有可能的（id），检查$\u GET['id']是否在数组id中（我知道怎么做）

那效率太低了。您应该询问数据库是否有ID为$\u GET['ID']的行

如果您演示当前如何执行DB查询，我将向您演示如何执行该操作

除了使表单成为回响的herdoc之外，还有什么方法可以控制html的显示吗

好吧，这是可行的，也许令人惊讶：

<?php
if ($should_show_form) {
?>
<form action="">
  <input type="submit">
</form>
<?php
} else {
    //do something else
}
?>

---

你可能已经猜到了，我是个初学者，而且是自学成才的。以这种方式学习是经济的，但不可避免地会导致一个人的知识和能力上的巨大（后来是相当明显的）漏洞。感谢您一次性插入其中的两个：我只能查询是否存在，我可以将html“放入”php代码中。我以另一种方式将其可视化——将php“放入”html中。我感觉就像一条鲶鱼游进了我的葫芦里。非常感谢。