Php 在网页上显示SQL数据库中的图像

我尝试使用从SQL数据库查询的文件路径在网页上显示图像。但是，当我跟随链接时，我只看到一个图像（SQL表中的第二个），它错误地显示为图标和标题。我想问题出在echo声明上，有人能看一下吗？谢谢

这是我在选择页面中遵循的链接：

<a href="index.php?spain_2014">
     <img src="congost.jpg" alt="congost" id="congost">
</a>

并在库模板中呈现：

<div id="gallery_images">
        <!-- Gallery -->
        <?php
            foreach($rows as $row)
            {
                echo("<img src=\"~/vhosts/final_project/public/galleries/" . $row["filepath"] . "/>");
                print($row["title"]);
            } ?>
    </div>

尝试使用

var\u dump（$rows）

将其传递到

render

之前，请在调用

render

@Terminus中再次执行相同操作。在将var\u dump传递到render之前，我使用了var\u dump（不确定在render中的何处调用），从显示的数组中，它似乎正在正确地查询数据库：array（size=5）'id'=>string'2'（length=1）'title'=>string'Glow Poi 2'（length=10）'filepath'=>string'diwali_fire_show/002.jpg'（length=24）因此问题似乎出现在gallery template.var_dump$行中，作为渲染的第一件事。如果调用前后的结果相同，则表示while循环之前发生了一些事情。粘贴一个

var\u转储（$row）在foreach中，查看发生了什么。确保您检查了页面的源代码（按ctrl+u键）。事实上，问题在于foreach循环。我检查了源代码，图像文件路径和html被连接在一起，所以它在页面src中是这样的，沿着一行：所以我的图像src变成
code
“./galleries/diwali_fire_show/001.jpg/>代码

的确-我今天花了很多时间来研究html和检查源代码，我很高兴地说图像现在正在显示：）非常感谢，Terminus。尝试使用

var_dump（$rows）

在将其传递到

渲染

之前，请在调用

渲染

@Terminus中再次执行相同操作。在将其传递到渲染之前，我使用了var_dump（不确定在渲染中在何处调用它），从显示的数组中，它似乎正在正确查询数据库：数组（大小=5）'id'=>字符串'2'（长度=1）'title'=>string'Glow Poi 2'（长度=10）'filepath'=>string'diwali_fire_show/002.jpg'（长度=24），因此问题似乎出现在gallery template.var_dump$行中，作为渲染的第一件事。如果调用前后的结果相同，则表示while循环之前发生了一些事情。粘贴一个

var\u转储（$row）在foreach中，查看发生了什么。确保您检查了页面的源代码（按ctrl+u键）。事实上，问题在于foreach循环。我检查了源代码，图像文件路径和html被连接在一起，所以它在页面src中是这样的，沿着一行：所以我的图像src变成
code
“./galleries/diwali_fire_show/001.jpg/>代码

事实上-我今天花了很多时间来研究html和检查源代码，我很高兴地说现在正在显示图像：）非常感谢，Terminus。

<div id="gallery_images">
        <!-- Gallery -->
        <?php
            foreach($rows as $row)
            {
                echo("<img src=\"~/vhosts/final_project/public/galleries/" . $row["filepath"] . "/>");
                print($row["title"]);
            } ?>
    </div>