Php 从下拉列表中获取值并将其插入数据库

您好，我有一个下拉列表，其中包含从我的数据库中的表中获取的选项，我希望当用户选择其中一个选项时将其存储在数据库的另一个表中。我有一个select by的代码，无法找到获得正确值的方法来存储。 这是下拉列表的代码

<select id="SelectDisease" name="disease">
    <?php
    $sql = mysql_query("SELECT name FROM disease");
    while ($row = mysql_fetch_array($sql))
    {
        echo "<option value=$disease>" . $row['name'] . "</option>";
    }
    ?>
    </select>

这是插入代码

queryMysql("INSERT INTO patient (fname,lname,username,email,password,gender,age,disease,spid) VALUES('$fname','$lname','$username','$email', '$password','$PatientG','$PatientAge','$disease','$PatientSPID')");
                die("<h4>Account created</h4>Please Log in.<br /><br />");

queryMysql（“插入患者（fname、lname、用户名、电子邮件、密码、性别、年龄、疾病、spid）值（“$fname”、“$lname”、“$username”、“$email”、“$password”、“$PatientG”、“$PatientAge”、“$disease”、“$PatientSPID”）；
死亡（“帐户创建请登录。

”）；

我不确定是否正确理解了您的问题，但这里有一个方法：

将带有

操作的
标记中的
标记包含到另一个PHP页面

在第二个PHP页面中，读出变量

$disease=$\u POST['disease']

调用SQL Insert语句

旁注：

也许改变：

echo "<option value=$disease>" . $row['name'] . "</option>";

echo”“$行['name']。"";

到

echo”“$行['name']。"";

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这有用吗？

这有点乱，所以这可能是一篇乱七八糟的文章，但我会尝试澄清我认为你在试图做什么。对于您选择的输入：

<select id="SelectDisease" name="disease">
<?php
  $sql = mysql_query("SELECT name FROM disease");
  while ($row = mysql_fetch_array($sql)){
    echo "<option value='".$row['name']."'>".$row['name']."</option>";
  }
?>
</select>

那么您的查询应该可以正常工作：

queryMysql("INSERT INTO patient 
(fname,lname,username,email,password,gender,age,disease,spid) 
VALUES('$fname','$lname','$username','$email', '$password','$PatientG','$PatientAge','$disease','$PatientSPID')");

如果这不起作用，请评论任何错误，我们将尝试整理它们

注意

这是难以置信的不安全。我从不建议在实时应用程序上执行此操作，因为SQL注入非常容易。另外，请注意MySQL函数正在被弃用。查找MySQLi或PDO并学习如何实现这些功能

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祝你好运。

这是在表单标签内吗？如果是这样，请尝试使用$\u POST['disease']获取所选的值。

“

可能缺少

value=“”周围的引号

哪里定义了$disease。@Timleis，不是这样，因为如果我像你说的那样，它在table@NickBourlai我的意思是，

$disease

在当前代码段中未定义。除非你在其他地方定义它。@NickBourlai好的，在哪里？现在，如果定义了

$disease

，则每个选项都将具有相同的值。这就是你想要的吗？我有表单标签，而且我读了变量，但仍然不工作。你的表单标签中有METHOD=“POST”吗？是的，我只是不想在问题中发布整个代码。。。它给了我这个错误（语法错误，意外的'$row'（T_变量），期望），这是因为他没有逃逸双引号。如果你使用语法突出显示编辑器，你会很容易看到。对不起，我犯了一些语法错误，正如@ElefantPhace所说的。再试一次。

$fname = $_POST['fname'];
$lname = $_POST['lname'];
... // Etc for each input you have.
$disease = $_POST['disease'];

queryMysql("INSERT INTO patient 
(fname,lname,username,email,password,gender,age,disease,spid) 
VALUES('$fname','$lname','$username','$email', '$password','$PatientG','$PatientAge','$disease','$PatientSPID')");