Php 未定义变量：myquery-查询为空

我一直收到错误“Undefined variable:myquery-query为空”我已经尝试了很多不同的方法好几个小时了，但仍然无法让它工作。我对php非常陌生，发现它令人困惑。所以，请详细解释一下，或者把我和一些有用的东西联系起来，这样我才能更好地理解它。 代码如下：

 <?php
include_once("scripts/connect_db.php");
$totals = "";
$rating = "";
$sql = mysql_query("SELECT `ratings` FROM `blog_posts` WHERE `id`='1'");
$result = mysql_query($myquery) or die(mysql_error());
while($row = mysql_fetch_array($sql)){
$myNums = $row["ratings"];
    $kaboom = explode(",", $myNums);
    $result = array_count_values($kaboom);
    foreach($result as $key => $value){
        if ($value =="1"){
            $howMany = "person";
            }else{
                $howMany = "people";
            }
            if($key ==""){
                $pic = "images/starsNorm.png";
            }
            else if($key == "1"){
                $stars = "star";
                $pic = "images/1lit.png";
            }else if($key == "2"){
                $stars = "stars";
                $pic = "images/2lit.png";
            }else if($key == "3"){
                $stars = "stars";
                $pic = "images/3lit.png";
            }else if($key == "4"){
                $stars = "stars";
                $pic = "images/4lit.png";
            }else if($key == "5"){
                $stars = "stars";
                $pic = "images/5lit.png";
            }
$totals .= '<p class="small" style="color:#32CD32;">' . $key . ' ' . $stars . ': <img src="' . $pic . '" alt="stars" />
        ' . $value . ' ' .$howMany . '</p>';
    }
    $count = count($kaboom);
    $sum = array_sum($kaboom);
    $avg = $sum / $count;
    $roundit = floor($avg);

    if($roundit == 0) {
        $rating = '<p class="small" style="color:#32CD32;">This ... has not yet been rated. You can be first!</p>';
    }else if ($count == 1) {
        $rating = '<p class="small" style="color:#32CD32;">Current Article Rating: ' . $roundit . '/5 stars <img id="myStars" src="images/starsNorm.png"
        alt="stars"/></p>';
    }else if($count > 1) {
        $rating = '<p class="small" style="color:#32CD32;">Current Article Rating: ' . $roundit . '/5 stars <img id="myStars" src="images/starsNorm.png"
        alt="stars"/></p>';
    }else{
        $rating = "sorry there is an error in the system... please try refreshing the page";
    }
}
?>

此行无效：

$result = mysql_query($myquery) or die(mysql_error());

您没有在任何地方定义$myquery，这正是错误消息告诉您的

我猜上面的一行应该是一个字符串，然后这就是你想要传递的变量

例如

您没有定义$myquery变量。您有$sql。试试这个：

$result=mysql\u query（$sql）或die（mysql\u error（））
 试试这个

$result = mysql_query("SELECT `ratings` FROM `blog_posts` WHERE `id`='1'");

while ($row = mysql_fetch_array($result)) {  

}  

如果您确定connect、query、fetch代码是正确的，那么可能是mysql\u connect正在连接，但没有看到您的数据库。运行此代码以确保找到您的数据库

mysql_connect('localhost') or die ("Connect error");

$res = mysql_query("SHOW DATABASES");
while ($row = mysql_fetch_row($res)) {
    echo $row[0], '<br/>';
}

mysql_connect（'localhost'）或die（“连接错误”）；
$res=mysql_查询（“显示数据库”）；
while（$row=mysql\u fetch\u row（$res））{
echo$row[0]，“
”；
}

如果找不到，则需要修改数据库上的权限。例如，进入相关数据库的“特权”选项卡，将用户名设为任意用户并检查应用的特权。
我已经尝试过了，但现在我发现了错误：mysql\u fetch\u array（）希望参数1为resource、array givenconnect、query、，获取代码是正确的，那么可能是mysql\u connect正在连接，但没有看到您的数据库。运行此代码以确保找到您的数据库当我运行该代码时，它会显示信息\u schema test是否正确，或者是否应该显示我正在使用的数据库的名称
mysql_connect('localhost') or die ("Connect error");

$res = mysql_query("SHOW DATABASES");
while ($row = mysql_fetch_row($res)) {
    echo $row[0], '<br/>';
}