Php 未找到Laravel API接收JSON 404

我正在开发一个Laravel5.6API，我正在使用资源和集合，路由模型绑定

要显示项目，我当前在控制器中使用以下代码：

public function show(Todo $todo)
{
    TodoResource::withoutWrapping();
    return new TodoResource($todo);
}

在Exceptions>Handler.php中，我有以下内容：

 public function render($request, Exception $exception)
    {
        // This will replace our 404 response with
        // a JSON response.
        if ($exception instanceof ModelNotFoundException) {
            return response()->json([
            'error' => 'Resource not found'
        ], 404);
        }

        return parent::render($request, $exception);
    }

Route::apiResource('todos', 'TodoController');

Route::fallback(function () {
    return response()->json(['message' => 'Not Found!'], 404);
});

当在数据库中找到该项时，这种方法非常有效。如果该项目不在数据库中，我会得到一个（使用浏览器时）：

当使用POSTMAN rest客户端时，我得到

{
    "message": "No query results for model [App\\Todo].",
    "exception": "Symfony\\Component\\HttpKernel\\Exception\\NotFoundHttpException",
    ....
    ....

我只想使用浏览器或邮递员检索404错误，文本为“未找到资源”

*使用路由信息更新*

在我的api.php中，我有以下内容：

 public function render($request, Exception $exception)
    {
        // This will replace our 404 response with
        // a JSON response.
        if ($exception instanceof ModelNotFoundException) {
            return response()->json([
            'error' => 'Resource not found'
        ], 404);
        }

        return parent::render($request, $exception);
    }

Route::apiResource('todos', 'TodoController');

Route::fallback(function () {
    return response()->json(['message' => 'Not Found!'], 404);
});

在web.php中，我有：

Route::Resource('todos', 'TodoController');

---

实现这一目标的最佳方式是什么

确保为要检查的异常类别名

use Illuminate\Database\Eloquent\ModelNotFoundException;

---

如果没有此选项，您将检查

App\Exceptions\ModelNotFoundException

的实例，您如何路由端点？在

routes/web.php

和

routes/api.php

中，它将取决于处理请求的中间件。在

web.php

中，您似乎没有定义端点。使用路由信息编辑原始帖子您是否别名为

ModelNotFoundException

？不确定别名的确切含义。但是我在Exceptions>Handler.phpha中捕获了ModelNotFoundException。您是否为该类添加了别名，以便在当前文件中使用该短名称<代码>照亮\数据库\雄辩\模型未发现异常