无法在php代码中使用HTML符号

我已经创建了一个小代码，放在我的Wordpress网站的

标签中，根据访问者是哪一页来回复某个标题。代码如下：

<title>
    <?php if ( is_page('144')) { bloginfo('name'); } else { wp_title(''); bloginfo('name'); } ?>
</title>

但是它返回一个错误，表示

Parse error:syntax error，unexpected'&'

---

我想知道这个问题是否有解决办法，期待专家们的意见，谢谢。

使用

echo“|”

而不是

&124

你收到这个错误，因为你没有

回显
空间
或
管道
：

<title><?php
if ( is_page('144')) { 
    bloginfo('name');
} else {
    wp_title('');
    echo '|';
    bloginfo('name'); 
}
?></title>

您需要使用echo或print

<title> <?php if ( is_page('144')) {  bloginfo('name'); } else {  wp_title(''); echo '&#124'; bloginfo('name'); } ?> </title>


试试：

如果您想输出文本，则需要回显，
中的所有内容都必须是有效的PHP代码<代码>
和
&124
是HTML，而不是PHP。如果你想在中间写HTML，你必须用<代码> > >代码>结束PHP段，然后重新开始使用<代码> WPyTITLE（）和BelgIn（）不返回字符串，这样你就不能把它们串在一起。IMHO最好不要在函数中直接输出这样的内容。处理数据的函数应该返回数据，然后由调用者打印出来；责怪他们，而不是我：）非常感谢你的帮助，你的解决方案奏效了。感谢所有回答的人。非常感谢。只有一个小问题一直存在，因此我创建了这段代码。我希望分隔符隐藏在标题中，如果我们在ID为144的页面上，但当前分隔符出现在ID为144的页面标题中。有没有办法隐藏它？我们在某一页上？如果我正确理解了你的问题，你可以尝试
If（！Is_page（'144'））
，这将在除第144页以外的所有页面上显示
，我尝试使用“If（！Is_page（'144'））而不是“If（Is_page（'144'）”但现在所有页面都出现了相同的标题，即标题中只出现“bloginfo（'name'）；”。
echo get_the_title().'|'.get_bloginfo('name');

<title> <?php if ( is_page('144')) {  bloginfo('name'); } else {  wp_title(''); echo '&#124'; bloginfo('name'); } ?> </title>

  echo '|';