此PHP代码不会写入mySQL，但不会给出错误代码 //连接到数据库 $dbhandle=mysql\u connect（$hostname、$username、$password） 或者死亡（“无法连接到MySQL”）； //选择数据库 mysql\u select\u db（$database） 或者死（“无法选择数据库：.mysql_error（））； ?> 添加新文章 //这应该采取这种形式，并将信息放入变量中

您定义了

$query

，但实际上从未执行该查询

$query = "INSERT ...";
$result=  mysql_query($query) or die(mysql_error()); // you forgot this line

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请注意，如果您编写的代码实际上正在执行查询，那么它可能会受到攻击。

好吧，对于初学者来说，您的查询可能应该在

if

语句中，而不是在它之外（我猜您只想在他们实际提交表单时插入）

其次，您声明了查询，但从未实际执行过（请参见@MarcB的答案）

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第三，如果您真的执行了查询，您不会逃避输入，并且容易受到SQL注入的攻击。

好吧，在不讨论迁移到MySQLi或PDO的问题的情况下，我将按原样回答这个问题。您已指定SQL命令，但尚未使用该命令查询数据库。您需要在执行SQL命令后运行

mysql\u query（$query）

。最好在if语句中

if(isset($_POST) {
    $query = "INSERT INTO videos (title, category, content, uploader, youtubeurl,    thumbnail) VALUES('$title', '$category', '$content', '$uploader', '$youtubeurl', '$thumbnail')";

    mysql_query($query);

}

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如果没有

if

语句，查询将在页面加载时运行。

$query='…'

只是将变量

$query

设置为（SQL查询）字符串。您从未实际运行过查询。我觉得这个问题不需要否决。请不要使用

mysql\u query

编写新的应用程序代码。这是一个危险的、不推荐使用的接口，因为没有什么是危险的，所以在这个小示例中，您创建了一个严重的接口。相反学习它并不难，而可靠、正确地逃脱则要容易得多。

if(isset($_POST) {
    $query = "INSERT INTO videos (title, category, content, uploader, youtubeurl,    thumbnail) VALUES('$title', '$category', '$content', '$uploader', '$youtubeurl', '$thumbnail')";

    mysql_query($query);

}