Php 未捕获引用错误$ajax jquery未定义

我试图使用jquery和ajax传递一些变量，但由于某些原因，它不起作用。这是代码

<div id=' . $result['game_id'] . ' name="' . $user_id . '"  class="rate_widget" >
            <div class="star_1 ratings_stars"></div>
            <div class="star_2 ratings_stars"></div>
            <div class="star_3 ratings_stars"></div>
            <div class="star_4 ratings_stars"></div>
            <div class="star_5 ratings_stars"></div>
            <div class="total_votes">vote data</div>
        </div>

---

如果不清楚，我试图将游戏id和用户id以及相应的值发送到php脚本，但我得到了错误。另外，我知道还有一个同名问题，但我检查了一下，没有任何帮助。

你不能这样引用

游戏id

game\u id

是

out\u data

对象中的索引

要警告正确的值，您必须使用：

alert(out_data['game_id']);

我还建议将对象索引用引号括起来——只是为了让它更具可读性-

var out_data = {
  'game_id' : $(widget).attr('id'),
  'user_id' : $(widget).attr('name')
};

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你把javascript放进去了吗

$( document ).ready( function(){
     // .. your code
})

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您的javascript必须在php完成生成html之前运行。

检查是否正在加载jQuery。这不是答案，但它让我找到了正确的答案，所以我猜您得到了接受的答案answer@hugoismyname如果不是问题，你能解释一下问题是什么吗？

$( document ).ready( function(){
     // .. your code
})