PHP-mysqli_查询未提供错误

我正在编写一个脚本，它使用来自用户的数据创建一个页面，并为创建的页面创建一个数据库条目。不幸的是，尽管我使用的查询是由

phpmyadmin

生成的，但插入没有成功

我尝试对所有函数调用使用

mysql

和

mysqli

（显然不是在同一时间），但不管怎样都收到了相同的结果

虽然我很想理解插入失败的原因，但更紧迫的问题是没有产生错误

正在输入错误条件，但

mysql\u error（）

和

mysqli\u error（）

最终都为空

这是发生错误的代码段：

$result = mysqli_query($pvcon,"'INSERT INTO content 
        (content.post_type_id,
        content.content_title,
        content.content_description,
        content.content_link,
        content.user_id,
        content.content_image_path,
        content.date_posted) 
        values (\'".$post_type."\', 
        \'".$title."\', 
        \'".$description."\', 
        \'".$content_link."\', 
        \'".$user_id."\', 
        \'".urlencode($article_image)."\', 
        now())'");
        if (!$result) {
            echo "DB Error, could not list tables\n";
            echo 'MySQL Error: ' . mysqli_error();
            exit;
        }

我发现了许多与我类似的问题，但没有一个解决方案对我有效，这让我相信，我忽略了一些简单的步骤

$result = mysqli_query($pvcon,"'INSERT INTO content 
                               ^---
   ..... snip....
        now())'");
              ^----

您的整个查询都是错误的-您将其括在

“

”引号中，使整个查询成为一个整体字符串。您的错误呼叫永远不会工作，因为您忘记在呼叫中包含链接标识符：

echo 'MySQL Error: ' . mysqli_error($pvcon);
                                    ^^^^^^--missing.

---

另外，考虑到您使用的变量名，您可能也容易受到SQL注入攻击，因此请享受将服务器pwn3d置于所有这些之上的乐趣。

就是这样。非常感谢你！