Php 将函数的可变结果返回到Ajax响应

这是我的Ajax调用：

$("#cover-input").change(function(){
var file_data = $("#cover-input").prop("files")[0];
var form_data = new FormData();
form_data.append("cover_file", file_data);
//kaherdin
$.ajax({
    url:  'update-cover',
    type: 'POST',
    dataType: 'script',
    data: form_data,
    contentType: false,
    processData: false,
    async: false,
    success: function(resp){
        console.log(resp);
    },
    error: function(err){
        console.log('Likes error', err);
    }
});
    readURL_cover(this);
});

我有一个功能，基本上修剪和上传文件的变化

 public  function  updateCover(Request $request) {
    $user = Sentinel::check();
    $destinationPath = public_path('uploads/users');

    if ($fileCover = $request->file('cover_file')) {
        $input_cover = time().'.'.$fileCover->getClientOriginalExtension();
        $img = Image::make($fileCover->getRealPath());
        $img->fit(1920, 555, function ($constraint) {
            $constraint->aspectRatio();
        })->save($destinationPath.'/'.$input_cover);
       // $user->cover = $input_cover;

        $response = $input_cover;          
        return $response;
    }

但这让我犯了个错误。我只想把input_cover恢复到我的ajax调用中，这样我就可以显示更新的图片了。

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如果我将：$response=$input\u cover更改为$response=[$input\u cover]；这是一个复杂的工作，但是输入像：[my_pic.jpg]，所以它不好

您应该返回一个JsonResponse，如下所示：

return response()->json(['input_cover' => $input_cover]);

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检查json中的响应及其工作方式

错误是什么？您似乎从未在PHP脚本中调用该函数。如错误对象{readyState:4，getResponseHeader:function，getAllResponseHeaders:function，setRequestHeader:function，OverrideMetimeType:function…}在此处进行调用：$.ajax{url:'update cover'，但这给了我一个错误，你想和我们分享一下你得到了什么错误，还是我们只是做一些猜测？？太好了！如果我只需要输入变量的名称？我可以用JS来做，这是更好的方法吗？