Php Throw Not found，而不是尝试获取Laravel中非对象的属性

我有应用程序URL

127.0.0.1:8000

。不管我在这个URL后面放了什么，Laravel都会返回这个错误。例如：

127.0.01:8000/asfs

或

正在尝试获取非对象的属性

我想要的是，Laravel应该返回未找到错误，而不是尝试获取…的属性。还有更好的办法吗

我的路线

Route::get('/{url}', 'ViewController@view')->name('view')->where('url', '[\w\d\-]+(.*)');
Route::post('/login', 'Admin\AuthsController@login');

查看

<p>
<img alt="Home" src="{{ asset('public/logo.png')}}"/>
</p>

---

尝试检索数据库中不可用的数据时，通常会出现此错误。确保要检索的任何数据（无论是图片还是任何数据）都已持久保存在数据库中。然后再次尝试检索数据

你可以试试这个

if（$pr->ul）{
返回视图（'show'，compact（'pr'）；
}否则{
返回视图（'errors.404'）；
}

post more code，route指向什么？@SapneshNaik我更新了这个问题。为什么它显示

试图获取属性…

对于像

127.0.0.1:8000/asdf

这样的随机链接？我能看看你的ViewcontrollerI我知道

route:：get（'/{url}'，'ViewController@view')

正在抛出

试图获取随机链接的属性…

。如何将其他变量限制在此路径上？此Pr是什么？出现此错误是因为$p的$url参数尚未在数据库中注册。检查以确保安全。我认为你需要写一个条件陈述。如果url为null或不是数据库中的url，则重定向到404页面。Pr是一个模型<代码>$p->url在数据库中具有值

页面url

。我只想在

127.0.0.1:8000/页面url

上允许

页面url

。若数据库中并没有值，我将如何检查并重定向到404？

public function view($url)
{
    $pr = Pr::where('url', $url)->first();

    return view ('show', compact('pr'));

}