Php Codeigniter form_open（）在将变量从控制器传递到视图时加载视图文件两次

我的控制器是沿着

public function create_room($id_1, $id_2) {
        $data['id_1'] = $id_1;
        $data['id_2'] = $id_2;
        $data['query']  = $this->model->get_all();
        $this->load->view('viewFilePath', $data);

        $this->form_validation->set_rules // set the rules

        if ($this->form_validation->run() === FALSE) {
            $this->load->view('viewFilePath');
            $this->session->set_flashdata('error', "errorMessage");
        } else { (do the query)

}

我的看法

<?php echo form_open('theURL'.$id_1.'/'.$id_2.'/URLEnding');?>

视图加载了两次，很可能是因为我在两个文件中加载了一次视图

基本上我想：

• 将$id_1和$id_2作为参数从打开的URL传递给控制器函数
• 使用$id_1和$id_2在控制器中查询
• 将查询数据传递给视图

有没有一种方法可以在不加载两次视图的情况下实现这一点

更新：我尝试了以下方法：

• 从create_room（）中删除load->view（没有$data从视图传递到控制器）

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您可以创建另一个函数存储并将以下代码移动到新函数。因为此代码将在您提交表单时运行。在form open中，使用store函数而不是create表单

$this->form_validation->set_rules // set the rules

    if ($this->form_validation->run() === FALSE) {
        $this->load->view('viewFilePath');
        $this->session->set_flashdata('error', "errorMessage");
    } else { (etc)

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请更改您的代码，因为查看通话两次，所以如果您删除一个通话，另一个则将第二个通话移到其他部分

            $data['id_2'] = $id_2;
            $data['query']  = $this->model->get_all();


            $this->form_validation->set_rules // set the rules

            if ($this->form_validation->run() === FALSE) {
                $this->load->view('viewFilePath');
                $this->session->set_flashdata('error', "errorMessage");
            } else { 
             $this->load->view('viewFilePath', $data);
             (etc)

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您通过$this->load->view（'viewFilePath'，$data）加载视图两次。从form_validation->run（）条件中删除此代码。@Rahathamed我确实尝试过，但视图没有运行，因为我需要使用$data在视图中填充一个表，并且没有$data从控制器传递到视图。我知道我在原来的帖子中没有提到will update，谢谢你的回复。“theURL”由一个控制器和一个函数（除了参数之外）组成，对吗？。因此，您需要做的就是将表单验证放在那里。谢谢，但这不起作用，因为我必须使用$data['query']在视图中填充一个表。谢谢，但上面的其他类似解决方案也是如此。