Php mysql\u real\u escape\u string（）只是生成一个空字符串？

我使用jQueryAjax请求一个名为

like.php

的页面，该页面连接到我的数据库并插入一行。这是

like.php

代码：

<?php

// Some config stuff
define(DB_HOST, 'localhost');
define(DB_USER, 'root');
define(DB_PASS, '');
define(DB_NAME, 'quicklike');

$link = mysql_connect(DB_HOST, DB_USER, DB_PASS) or die('ERROR: ' . mysql_error());
$sel = mysql_select_db(DB_NAME, $link) or die('ERROR: ' . mysql_error());

$likeMsg = mysql_real_escape_string(trim($_POST['likeMsg']));
$timeStamp = time();

if(empty($likeMsg))
    die('ERROR: Message is empty');

$sql = "INSERT INTO `likes` (like_message, timestamp)
        VALUES ('$likeMsg', $timeStamp)";

$result = mysql_query($sql, $link) or die('ERROR: ' . mysql_error());

echo mysql_insert_id();

mysql_close($link);

?>

所有这些jQuery代码都运行良好，我自己已经独立测试过了

---

非常感谢您的帮助。

您是否1000%确定

$\u POST[“likeMsg”]

确实包含一些内容

至于返回空值的

mysql\u real\u escape\u string（）

，则表示只有一种情况会发生这种情况：

注意：在使用MySQL\u real\u escape\u string（）之前需要MySQL连接，否则会生成E\u警告级别的错误，并返回FALSE。如果未定义链接标识符，则使用最后一个MySQL连接

---

不过，这里的情况似乎不是这样，因为您确实打开了一个连接。奇怪。

执行$u POST['likeMsg']的var\u转储，以及$likeMsg的var\u转储。这将为您提供出错的信息。

由于其他答案没有明确说明具体要做什么，我的建议如下：

当你这样做的时候

$db_connection = new mysqli($SERVER, $USERNAME, $PASSWORD, $DATABASE);

你需要像这样逃跑：

$newEscapedString = $db_connection->real_escape_string($unescapedString);

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注意：因为人们对这个（WTF！？）投了反对票，这里是官方php手册的官方页面，它正好说明了我发布的内容：。

对于现在可能再次发现这个问题的人，我在从PHP5迁移到PHP7时遇到了这个问题。我正在从

string mysql\u real\u escape\u string（string$unescaped，[resource$link=NULL]）

致：

string mysqli\u real\u escape\u string（mysqli$link，string$escapestr）

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因此，换句话说，数据库$link不再是可选的，而是移动到第一个参数位置。如果省略，它将返回一个空字符串，显然没有错误。

mysql\u real\u escape\u string（）将返回空白响应，前提是您尚未连接到数据库

当我用谷歌搜索这个问题时，我读到了。不过，在使用

mysql\u real\u escape\u string（）

之前，我已经启动了一个数据库连接。@James那么一定是数据本身。你能显示一个

$\u POST

的转储吗？@James或者，你能尝试显式地将连接指定为一个参数吗？我就是在这种情况下！在执行SQLDO

var_dump（$likeMsg）之前；echo$sql；死亡

并查看这些变量包含什么。然后，如果可以，将SQL输出粘贴到phpMyAdmin并检查结果。+1我查看了文档。也许人们更习惯于看到过程形式而不是面向对象的形式。

$newEscapedString = $db_connection->real_escape_string($unescapedString);