Php 将_构造放在if（）中

有没有办法：

class foo {
    private $skey;

    if(isset($_SESSION['some_val']) {
       function __construct(){ 
          $skey = 'something';
       }
    }
}

如果

$\u会话['some\u val']

不存在，我只想创建

$key

（某物）的初始值

提前谢谢

编辑：

这就是我在你的帮助下所做的

function __construct() {
    if(!isset($_SESSION['skey'])) {
    $tp = new Text_Password();
    $skey = $tp->create();
    $this->skey = $skey;
    $_SESSION['skey'] = $this->skey;
    }

}

---

你应该把它放在construct方法里面

class foo {
  private $key;

  public function __construct(){ 
     if(isset($_SESSION['some_val']) {
       $this->key = 'something';
     }
  }
}

---

不，那是不可能的。您可以这样做：

class foo {
   private $key;
   function __construct(){ 
      if (isset($_SESSION['some_val']) {
         $this->key = 'something';
      } else {
         $this->key = null;
      }
   }
}

或者更好的方法是，使用带参数的构造函数并将

$\u会话

内容留在主应用程序中：

class foo {
   private $key;
   function __construct($init = null){
       $this->key = $init;
   }
}

然后在主应用程序中：

if (isset($_SESSION['some_val'])) {
    $f = new foo('something');
} else {
    $f = new foo();
}

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没有。但是，您可以简单地执行以下操作：

class foo {
  function __construct()
  { 
    if(isset($_SESSION['some_val']) 
    {
      $this->key = 'something';
    }
  }
}

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不，不能有条件地声明类方法。从课堂设计的角度来说，这是一个糟糕的想法。为什么不在构造函数内部进行检查呢？类通常用于一般用途，因此专门将其绑定到

$\u SESSION

变量可能不是最好的方法。我这样做，因为实际上我正在尝试设置$key的值（如果它不存在），然后将其传递给一个$SESSION变量，然后我想检查$key是否已经设置好，如果没有，我需要生成一个。。。方法重载实际上在PHP中不起作用。您可以使用

function\uu构造（$init=null）

来表示可选参数。您应该添加一个解释，说明如何使用工厂执行此操作，以及为什么可能使用工厂beneficial@tereško为什么？就目前而言，没有理由建立工厂，我也不是工厂方法模式的最大支持者。此外，根据本文，当所创建对象的结果类未知时，将使用它，但这里的情况并非如此。如果您认为这里需要工厂模式，只需将其作为一个答案发布即可。@BartFriederichs我说的是“工厂”（在单独的类中，它负责初始化和准备），而不是“工厂方法”。