Php MySQL-使用表a作为位置从表b获取信息=

我这里有这段代码，但它不起作用，我只是在显示器上显示“无进程”，我试图从表B中获取图像URL，同时使用表A中的标题引用。关于我做错了什么，有什么帮助吗

<?php
$gettop="SELECT * FROM feeddb ORDER BY ID DESC LIMIT 0 , 3";
$gettop2=mysql_query($gettop) or die("Processing Error");
while($gettop3=mysql_fetch_array($gettop2))
{
echo "<div class='rt'></div>";
echo "<div class='right_articles'>";
$getimg="SELECT * FROM feedus where tit=".$gettop3['title'];
$getimg2=mysql_query($getimg) or die("No Process");
$getimg3=mysql_query_fetch_array($getimg2);
echo "<p><img src='$getimg3[img]' width='60' height='60' class='image' /><b>Feed: $gettop3[title]</b><br/>$gettop3[feedpost]<br><br><br><br></p>";
echo "</div>";
}
?>

---

在第二次查询后尝试回显

mysql\u error（）。并选中
$getimg

编辑：

我想你应该在
$gettop3['title']
周围加上引号，比如

$getimg = sprintf(
 "SELECT * FROM feedus where tit='%s'"
 , mysql_real_escape_string( $gettop3['title'] )
);

您应该像这样引用
$gettop3['title']

$getimg="SELECT * FROM feedus where tit='".$gettop3['title']."'";

我在where子句中得到了“未知列‘hi’”，如果
$gettop3['title']
是一个字符串，它将在
$getimg
中被取消引号，这使它成为一个错误的查询。我已将其更改为：
$getimg=“SELECT*FROM feedus where tit=”。$gettop3['title']。“但是现在我没有收到任何错误消息。我在PHPMyAdmin中尝试了它，但它返回了以下结果：
显示第0-0行（总共1行，查询耗时0.0002秒）
使用
SELECT*FROM feedus，其中tit='test'LIMIT 0,30
可以
echo$getimg
并在PHPMyAdmin中运行输出吗？可能feedus中没有匹配的数据
它显示
显示第0-0行（总共1行，查询耗时0.0001秒）
并显示其下方列表中的行。嗨，是我要找的人。echo outputs
SELECT*FROM feedus，其中tit='hi'LIMIT 0,30
我在上面执行此操作的URL是：，它将显示在右侧的橙色部分。
var\u dump（$getimg3）
的输出是什么？当您查看页面的源代码时，标签是什么样子的？