Php 为什么jQuery.parseJSON会影响方法加载？

我正在尝试在ajax之后加载页面的一部分。。。基于返回的数据，我在java脚本中使用了以下代码：

var getPrice = $(this).closest('li');
var price = getPrice.next();
var id = $(this).attr('data-id');

    $.ajaxSetup({
        url: "do_cart_actions.php?action=qty",
        type: 'POST', 
        data: data, 
        success: function(data) {

            var result = jQuery.parseJSON(data);

            if(result.good == 1) {
                price.fadeOut('fast', function() {
                    price.load('show_cart.php .item_price_'+id, function() {
                        price.fadeIn('fast');
                    });
                });
            }
        }
   });
   $.ajax();

var result = jQuery.parseJSON(data);

我的php文件返回以下内容：

echo '{ "good":"1" , "qty":"'. $_POST['a'] .'" }';

var result = jQuery.parseJSON(data);

当我尝试此操作时，chrome返回以下错误：

Uncaught SyntaxError: Unexpected token <

var result = jQuery.parseJSON(data);

现在，一切又恢复正常了。所以我唯一的理论是load方法和jQuery.parseJSON可能有问题

var result = jQuery.parseJSON(data);

---

有什么想法吗？

您是否尝试在console.log（）中显示

var result = jQuery.parseJSON(data);

结果的内容

var result = jQuery.parseJSON(data);

---

以防万一。您是否尝试在console.log（）中显示

var result = jQuery.parseJSON(data);

结果的内容

var result = jQuery.parseJSON(data);

以防万一里面出了什么问题。

1在你的PHP。。

var result = jQuery.parseJSON(data);

反而

var result = jQuery.parseJSON(data);

您可以很容易地使用json函数，如下所示：

var result = jQuery.parseJSON(data);

echo json_encode(array('good'=>1,'qty'=>$_POST['a']));

第二次访问您的javascript地址：

var result = jQuery.parseJSON(data);

success: function(data) {
    var result = jQuery.parseJSON(data);

您不需要解析数据，因为它已经是JSON格式

var result = jQuery.parseJSON(data);

为了确保这一点，在对PHP代码进行echo json_编码之前，您可以添加和json头，如下所示：

var result = jQuery.parseJSON(data);

header('Content-Type: application/json');

！！！附言

var result = jQuery.parseJSON(data);

不要使用ajaxSetup来处理您的请求！它将影响您下一次提出的任何ajax请求，这可能是以后的问题

在您的PHP中排名第一。。

var result = jQuery.parseJSON(data);

反而

var result = jQuery.parseJSON(data);

您可以很容易地使用json函数，如下所示：

var result = jQuery.parseJSON(data);

echo json_encode(array('good'=>1,'qty'=>$_POST['a']));

第二次访问您的javascript地址：

var result = jQuery.parseJSON(data);

success: function(data) {
    var result = jQuery.parseJSON(data);

您不需要解析数据，因为它已经是JSON格式

var result = jQuery.parseJSON(data);

为了确保这一点，在对PHP代码进行echo json_编码之前，您可以添加和json头，如下所示：

var result = jQuery.parseJSON(data);

header('Content-Type: application/json');

！！！附言

var result = jQuery.parseJSON(data);

不要使用ajaxSetup来处理您的请求！它将影响您下一次提出的任何ajax请求，这可能是以后的问题

什么事

var result = jQuery.parseJSON(data);

price.load('show_cart.php .item_price_'+id, // ...

为什么要将PHP文件的路径和CSS选择器结合起来

var result = jQuery.parseJSON(data);

我可能猜它试图加载给定的URL，比如

show_cart.php.item_price_3

，没有找到这样的页面（显然），返回带有404错误的HTML页面，由于标签打开而没有被解析为JSON，这是什么

var result = jQuery.parseJSON(data);

price.load('show_cart.php .item_price_'+id, // ...

为什么要将PHP文件的路径和CSS选择器结合起来

var result = jQuery.parseJSON(data);

我可能猜它试图加载给定的URL，比如

show_cart.php.item_price_3

，没有找到这样的页面（显然），返回带有404错误的HTML页面，由于标签打开

服务器端，该页面没有被解析为JSON：

var result = jQuery.parseJSON(data);

echo json_encode(array('good'=>1,'qty'=>$_POST['a']));

客户端：使用数据类型

var result = jQuery.parseJSON(data);

$.ajaxSetup({
            url: "do_cart_actions.php?action=qty",
            type: 'POST', 
            data: data, 
            dataType : 'json',
            success: function(result) {

            if(result.good == 1) {
                price.fadeOut('fast', function() {
                    price.load('show_cart.php .item_price_'+id, function() {
                        price.fadeIn('fast');
                    });
                });
            }
        }
   });

服务器端：

var result = jQuery.parseJSON(data);

echo json_encode(array('good'=>1,'qty'=>$_POST['a']));

客户端：使用数据类型

var result = jQuery.parseJSON(data);

$.ajaxSetup({
            url: "do_cart_actions.php?action=qty",
            type: 'POST', 
            data: data, 
            dataType : 'json',
            success: function(result) {

            if(result.good == 1) {
                price.fadeOut('fast', function() {
                    price.load('show_cart.php .item_price_'+id, function() {
                        price.fadeIn('fast');
                    });
                });
            }
        }
   });

这不是对问题的回答，这应该是一个要求更多信息的评论。嘿，要做到这一点，我应该添加这个“console.log（result）；”不是吗？@KhorneHoly我不能发表评论，因为我没有至少50%的声誉，这就是为什么我发布了答案。我认为这不是对我的答案不满意的理由。我只是想帮忙……就是这样@TomasLucena尝试在var result=jQuery.parseJSON（data）；：）之后在console.log中显示结果仅返回此对象{good:1，qty:“18”}myCart:1未捕获的语法错误：意外标记这不是问题的答案，这应该是一条询问其他信息的注释。嘿，要执行此操作，我应该添加此“console.log（result）；”不是吗？@KhorneHoly我不能发表评论，因为我没有至少50%的声誉，这就是为什么我发布了答案。我认为这不是对我的答案不满意的理由。我只是想帮忙……就是这样@TomasLucena尝试在var result=jQuery.parseJSON（data）；：）之后在console.log中显示结果仅返回此对象{good:1，qty:“18”}myCart:1未捕获的语法错误：意外标记您的意思是
.success（）
@madalinivascu No，我的意思是
done（）
。
jqXHR.success（）。。。因此，我将数量输入的id传递到价格标签，以仅更新该价格。。。很抱歉，我试图用我所不能用的最好的方式来解释使用ajax的方法和其他问题结合起来使它工作！！！谢谢你的意思是
.success（）
@madalinivascu不，我的意思是
done（）
。
jqXHR.success（）。。。因此，我将数量输入的id传递到价格标签，以仅更新该价格。。。很抱歉，我试图用我所不能用的最好的方式来解释使用ajax的方法和其他问题结合起来使它工作！！！谢谢，只有一个问题：如何在javascript中检索信息？成功：函数（数据）数据是您的结果，但我的意思是如何做：如果（数据[good]==1）{alert（'going well'）}您需要学习javascript语法。。代替数据[good]使用数据。goodyes我尝试过，但基于另一个问题，我缺少了数据类型“json”：）只有一个问题：如何在javascript中检索信息？成功：函数（数据）数据是您的结果，但我的意思是如何做：如果（数据[good]=1）{alert（'going well'）}您需要学习javascript语法。。代替数据[good]使用data.goodyes我已经试过了，但基于另一个问题，我缺少数据类型“json”：