Php 无法从数据库回显表

我尝试使用php回显我的数据库（托管在ipage.com上），结果发现了这个错误：内部服务器错误 服务器遇到内部错误或配置错误，无法完成您的请求。 请与服务器管理员联系，cgiadmin@yourhostingaccount.com并告知他们错误发生的时间，以及您可能采取的任何可能导致错误的措施

有关此错误的详细信息，请参阅服务器错误日志

怎么了<代码>$mysqli=newmysqli（“site.ipagemysql.com”、“user”、“pass”、“database”） 单独工作，所以它不是连接中的错误，对吗？或者我必须联系主持人

我的代码

<?php

    $mysqli = new mysqli("site.ipagemysql.com", "user", "pass", "database");

    /* check connection */ 
    if (mysqli_connect_errno()) {
        printf("Connect failed: %s\n", mysqli_connect_error());
        exit();
    }
    printf("Host information: %s\n", $mysqli->host_info);

    $result = mysqli_query($link, "SELECT DATABASE()")) 
    $row = mysqli_fetch_row($result);
    printf("Default database is %s.\n", $row[0]);
    mysqli_free_result($result);
    ?>

第12行中有一个）太多，缺少分号，并且您没有更改
$link
变量以对应第3行中的
$mysqli
变量

$result = mysqli_query($mysqli, "SELECT DATABASE()");

此外，您还将面向对象的样式与过程样式混合在一起。我建议您只使用OO样式。因此，代码应该是：

<?php
    $mysqli = new mysqli("site.ipagemysql.com", "user", "pass", "database");

     /* check connection */ 
    if (mysqli_connect_errno()) {
        printf("Connect failed: %s\n", mysqli_connect_error());
        exit();
    }
    printf("Host information: %s\n", $mysqli->host_info);

    $result = mysqli->query("SELECT DATABASE()")) 
    $row = $result->fetch_row();
    printf("Default database is %s.\n", $row[0]);
    $result->close();
    $mysqli->close();
?>

谢谢！你认为我应该在codereview或serverfault上发布这个问题吗？还是这里好？不客气！我没有使用codereview，但我想说这可能属于StackOverflow，或者这里，因为它不是高级代码。我会让主持人决定。