Php 为什么我的mysqli_fetch_assoc不工作？

我想返回

$contact\u id

，但我得到的是：

success.
the user id is

例如，在my insert.htm中输入$CheckContact:

它应该返回：

用户id为11

。这是我的

用户

表：

如果我在浏览器地址栏中再次单击

checkcontact.php

，我会得到：

the user id is 23

无论

$CheckContact

是什么，它总是23。 你能告诉我怎么了吗？这是我的密码：

<?php

require('dbConnect.php');

$CheckContact = $_POST['phonenumber'];
$sql = "SELECT * FROM user WHERE username = '$CheckContact'";
$result = mysqli_query($con, $sql);
$check = mysqli_fetch_array($result);
//if $CheckContact is in the user table...
if(isset($check)) {

    echo 'success.' . "<br>";

    // get the associated rows of $CheckContact
       $row = mysqli_fetch_assoc($result);
    // get the associated user_id in that row

       $contact_id = $row["user_id"];
       echo "the user id is ", $contact_id;

} 
//if $CheckContact is NOT in the user table...
else {

    echo 'failure';
    }

?>

为什么不使用这个：
打印所有数据

为$check尝试empty（）这将指示变量是否包含空值

为什么不使用此选项：
打印所有数据

---

请为$check尝试empty（）。当我将代码更改为：

<?php

require('dbConnect.php');

$CheckContact = $_POST['phonenumber'];
$sql = "SELECT * FROM user WHERE username = '$CheckContact'";
$result = mysqli_query($con, $sql);
$num_rows = mysqli_num_rows($result);

if($num_rows >= 1) {

 etc....

---

当我将代码更改为：

<?php

require('dbConnect.php');

$CheckContact = $_POST['phonenumber'];
$sql = "SELECT * FROM user WHERE username = '$CheckContact'";
$result = mysqli_query($con, $sql);
$num_rows = mysqli_num_rows($result);

if($num_rows >= 1) {

 etc....

您是否打开了PHP中的错误报告功能？是否可以从insert.htm共享表单？如果查询失败，可能会出现此问题
$check
将为空，并且它正在通过isset
的检查，因为它现在已设置。而是使用
！空的
表示。了解。即使是也不安全。@FaizKhan insert.htm不是问题所在，因为我正在获得成功。您是否已在PHP中打开错误报告？是否可以从insert.htm共享表单？如果查询失败，则可能会出现此问题
$check
将为空，并且它正在通过isset

的检查，因为它现在已设置。而是使用

！空的

表示。了解。即使是这样也不安全。@FaizKhan insert.htm不是问题所在，因为我正在获得成功。