Python 当必须返回值时，如何保留stacktrace？

对于一个web应用程序，我有一个方法

get\u stuff\u For\u payment

，它会引发

PermissionDenied

，Django会为用户生成一个

HTTP403

我现在被要求显示一个友好的错误页面，而不是一般的403。下面的代码可以实现这一点。但在执行此操作时，如何保留堆栈跟踪

    try:
        stuff = get_stuff_for_payment(id)
    except PermissionDenied:
        return render(request, 'friendly_error_page.html', context)

---

如果您只想记录它，那么就这样做。该方法将记录消息并自动追加回溯：

except PermissionDenied as err:
    logger.exception('Permission was denied: %s', err)

---

用python跟踪自定义模板上的错误

except PermissionDenied:
        return render(request, 'friendly_error_page.html', context)

在django gor中，这不是处理403、4xx或5xx错误的好方法

如果我们想在ur模板（403.html）上显示生成的异常，那么我们可以编写您自己的403视图，捕获异常并将其传递给您的403模板

步骤： #.在views.py中： #。在Main url.py中： 如果要向用户显示stacktrace，请使用此模板，否则请使用自定义模板

#.在模板（403.html）中：

---

“保留”stacktrace是什么意思？你想用它做什么？实际上只是为了记录。

 import sys,traceback

    def custom_403(request):
    t = loader.get_template('403.html')
    logger.info("custom msg",sys.exc_info()) // for traceback
    type, value, tb = sys.exc_info()
    return HttpResponseServerError(t.render(Context({
    'exception_value': value,
    'value':type,
    'tb':traceback.format_exception(type, value,
                                          tb)
},RequestContext(request))))

 from django.conf.urls.defaults import *
    handler403 = 'Project.web.services.views.custom_403'

{{ exception_value }}{{value}}{{tb}}