Python 芹菜v4未按预期路由任务

我正在将芹菜工人从芹菜v3更新到芹菜v4，我的所有任务都是基于类的任务。因为这是升级文件中指出的

问题在于任务路由，我有以下任务：

我正在运行两个芹菜工人，一个在默认队列上，另一个在注册队列上，如下所示：

# Default Worker
celery -A app_server worker --loglevel=info --concurrency=1

# Register Worker
celery -A app_server worker -Q app_server_register --loglevel=info --concurrency=1

以下是我对队列的定义：

CELERY_TASK_DEFAULT_QUEUE = 'app_server_default'
CELERY_TASK_DEFAULT_ROUTING_KEY = 'app_server.default'

CELERY_TASK_QUEUES = (
    Queue('app_server_default', routing_key='app_server.default'),
    Queue('app_server_register', routing_key='app_server.register')
)

当我使用芹菜V3和芹菜V4调用任务时，我看到的意外行为是不同的

# Celery V3
RegisterTask().delay(**params)
# task is consumed by the register worker!

# Celery V4
RegisterTask().delay(**params)
# task is consumed by the default worker!

我希望任务由注册工作者使用（芹菜v3行为），因此我在基于类的任务中硬编码了路由_键属性。但是芹菜V4似乎忽略了基于类的任务中的routing_key属性

[我还使用redis作为经纪人，如果这很重要的话]

对这个问题有什么想法吗

---

谢谢

在v4中不推荐将密钥路由作为类属性

您可以在调用时将其提供给任务，如下所示
kwarg to
apply_async
，或者您可以在芹菜配置中手动配置队列的路由任务类型。
见


celery.Task.base.Task
中的任务类不推荐用于
celery.app.Task.Task

这是一种设计变更，在这种变更中，新任务类更倾向于在使用任务时绑定配置，而不是在实例化时绑定配置。
看

查看源代码，您可以看到使用
\u get\u exec\u options
绑定任务时设置了
路由键。选项是使用实例（
self
）而不是类设置的

我通过查看芹菜源代码收集了这些信息，但是如果文档中没有提到不推荐，我想它们已经过时了

也许在他们的github上填充一个问题并使用新范例中提供的选项之一是未来的最佳选择


在文档中，任务路由密钥将从任务元数据中读取，因此基于类的任务不能再具有此元数据了

正确，元数据不再位于类对象上。它是通过配置设置的，或者在调用时通过任务实例延迟设置的

配置文件应该是静态路由的goto，而任务调用上的设置应该用于覆盖配置的默认值。
我找不到表明它已弃用的文档。在我看来，这种行为似乎是“删除”的，而不是不赞成的。你能告诉我一个文档/讨论吗？任何表明它现在不受支持的内容以及原因？我特别想知道芹菜3.1.25工作者调用v4工作者的任务时会发生什么情况，它们都需要重新写入以明确指示路由_键，否则将进入默认队列？在文档中，任务路由_键将从任务元数据中读取，因此基于类的任务不能再具有此元数据？RE：任务将在默认队列中结束，您可以将队列配置为自动为任务创建请参见：感谢您花时间：）调用时，
\u get\u exec\u选项
似乎从self对象获取属性，而路由键设置为静态变量时，应该可以作为任何
self
对象上的属性访问，因此我不明白为什么它不起作用。还有一件事是，我试着编写一个自定义的
任务路由
函数，并显式返回路由密钥，但仍然不起作用。另一方面，从task_router函数显式返回{“queue”：“app_server_register”}可以工作，并且任务被重定向到正确的队列。但我不明白为什么：(
# Celery V3
RegisterTask().delay(**params)
# task is consumed by the register worker!

# Celery V4
RegisterTask().delay(**params)
# task is consumed by the default worker!