Scala 如何最好地处理Future.filter谓词不满足类型错误

我喜欢scala的类型安全性，但我经常遇到的一个运行时错误是

 Future.filter predicate is not satisfied

我能理解为什么我会犯这个错误，只是想寻求关于如何最好地解决这个错误并优雅地处理它的建议，或者也许我做错了

val r: Future[play.api.mvc.Result] = for {
  account <- accountServer.get(...)
  if account.isConfirmed
  orders <- orderService.get(account, ...)
} yield {
  ...
}

val r:Future[play.api.mvc.Result]=for{
account您可能希望使用一个简单的
flatMap
，您可以在其中指定一个
else
案例：

val orders = accountServer.get(...)
                          .flatMap { account => 
                            if(account.isConfirmed) orderService.get(account, ...)
                            else Future.successful(Seq.empty)
                          }

filter
对于
Future
没有意义，因为类型系统不知道为
else
案例返回什么，因此依赖它是不安全的（通过使用if-guard）。但是您可以在一个范围内执行此操作，以便理解以实现相同的目的：

val r: Future[play.api.mvc.Result] = for {
  account <- accountServer.get(...)
  orders <- if (account.isConfirmed) orderService.get(account, ...) 
            else Future.successful(Seq.empty) 
} yield {
  ...
}

val r:Future[play.api.mvc.Result]=for{
accountA用于一系列的
foreach
、
map
、
flatMap
、
filter
等。当您编写
if account.isconfirm
时，这相当于使用Future的
filter
方法

解决了的未来的价值包含在一次尝试中，它可以采取成功或失败的形式。（将此与选项进行比较，后者可以采取一些形式，也可以不采取任何形式。）

与选项的
filter
非常相似，如果包含的值使谓词失败，则Future/Try
filter
方法将成功转换为失败。如果您查看或的实现，这是通过使用包含
谓词的
new NoSuchElementException
返回失败来完成的不满意
您提到的消息

因此，错误消息本身完全是经过设计的，并且与类型系统一致。理解过程中的任何步骤都只会预测另一个未来，因此，如果account.isconfirm
通过筛选，则写入
将显示成功，如果未通过筛选，则显示失败

这就是为什么Scala在使用
if
/
filter
时不会将Future[Result]更改为Future[Option[Result]]的原因。如果您希望生成一个包含选项的成功Future或一个空Seq，则必须显式地这样做（如和answers中所示）.
如果将结果类型声明为
result
，它如何返回选项？
恢复
未来的
以产生有意义的错误。
r
不应该是
未来的[结果]
？@m-z是的，我将其更改为将来的版本，谢谢。但我想在for comp中处理此问题，因为我当前正在使用它们allot。或者这是不可能的？如何有条件地将成功的
accountServer转换为失败？这种方法有任何潜在的缺点吗？