扩展函数SCALA缺少参数类型

缺少扩展函数的参数类型

所以我的代码是：

var filter = availableRestaurants.filter(_ => commonOrder.contains(_.cuisine))

这将在“\u0.1”处为扩展函数抛出一个名为“缺少参数类型”的错误。我还尝试：

var filter = availableRestaurants.filter(commonOrder.contains(_.cuisine))

commonOrder

是字符串列表 而

availablerestarants

是一个对象列表，其中包含一个名为

courine

---

重写这样的内容的最佳方法是什么？或者这完全不合逻辑吗？

首先，不要在Scala中使用

var

（除非您必须这样做）。最好使用

val

var filter = availableRestaurants.filter(_ => commonOrder.contains(_.cuisine))

这是为

过滤器
函数指定的一个匿名函数，该函数丢弃其第一个参数。但是您希望使用包含检查的参数。（函数调用中的
\uu
是特殊的，第二个不是指第一个）

出现错误的原因是，
commonOrder.contains（u.couring）
部分需要首先（eta）展开，即方法调用需要转换为函数，因为
filter
需要函数。但是，如果不知道
\uu
代表什么，也不知道
.coineering
的类型，这就失败了

这样做：

val filter = availableRestaurants.filter(r => commonOrder.contains(r.cuisine))

或者，提前手动将该方法展开为函数：

val containsCuisine = (r: Restaurant) => commonOrder.contains(r.cuisine)
val filter = availableRestaurants.filter(containsCuisine)

或者，使用构图，类似于镜头：

val cuisineOf = (r: Restaurant) => r.cuisine // re-usable
val filter = availableRestaurants.filter(cuisineOf andThen commonOrder.contains)