Typescript 如何使拾取属性为局部属性

我有这个功能

function someThing(someArg: Pick<HTMLElement, 'id' | 'style'>) {...}

functionsomething（someArg:Pick）{…}

但是，我只想将一些样式添加到

someArg.style

，而不是

CSSStyleDeclaration

中的所有样式。否则，函数的输入将是巨大的

所以我希望有类似于

Pick

from

Partial

not

Pick

from

CSSStyleDeclaration

---

如何才能做到这一点？

由于您的类型比从现有类型中选择一些属性更复杂，您可能需要在其自己的界面中详细说明：

interface SomeArg {
  id: HTMLElement['id'],
  style: Partial<HTMLElement['style']>
}

function someThing(someArg: SomeArg) { }

someThing({id: "id", style: {
  zIndex: "1"
}})

请注意，虽然这在技术上使

id

类型

Partial

，但这很好，因为映射类型不修改原语<代码>部分只是

字符串

。因此，

someArg

的类型与我在上面阐述的

someArg

接口相同

---

---

希望有帮助。祝你好运

由于您的类型比从现有类型中选择一些属性更复杂，您可能需要在其自己的界面中详细说明：

interface SomeArg {
  id: HTMLElement['id'],
  style: Partial<HTMLElement['style']>
}

function someThing(someArg: SomeArg) { }

someThing({id: "id", style: {
  zIndex: "1"
}})

请注意，虽然这在技术上使

id

类型

Partial

，但这很好，因为映射类型不修改原语<代码>部分只是

字符串

。因此，

someArg

的类型与我在上面阐述的

someArg

接口相同

---

---

希望有帮助。祝你好运

因此，如果拾取的属性是对象类型，则希望它们是局部的？带有映射类型的条件类型可以很好地用于

类型PartialProps={[P in keyof T]：T[P]扩展对象？Partial:T[P]}

并使用它

PartialProps

不能

Pick

很好地满足您的需要？非常好的方法@TitianCernicova Dragomir。我到底想要什么？如果拾取的属性是对象类型，您希望它们是局部的吗？带有映射类型的条件类型可以很好地用于

类型PartialProps={[P in keyof T]：T[P]扩展对象？Partial:T[P]}

并使用它

PartialProps

不能

Pick

很好地满足您的需要？非常好的方法@TitianCernicova Dragomir。正是我想要的这是一种正确的实现方法，但我不想重复

id

或

style

键。我会从@TitianCernicova Dragomir-创建一个新类型

PartialProps={[P in keyof T]：T[P]扩展对象？Partial:T[P]}

如果你想把这个版本添加到你的答案中，我不介意，我不打算添加应答器您甚至不需要区分

对象

类型，因为映射类型不修改原语（例如，

部分

只是

字符串

）。我想我会把它添加到这个答案中。@jcalz hm错过了这一点，我想这是最近的工作我不确定基本体，但我非常确定

Partial

用于破坏数组类型。。是的，它用于破坏数组类型（不是说数组是基本体）但现在它们映射得很好。这是一种正确的实现方法，但我不想重复

id

或

style

键。我会从@TitianCernicova Dragomir-创建一个新类型

PartialProps={[P in keyof T]：T[P]扩展对象？Partial:T[P]}

如果你想把这个版本添加到你的答案中，我不介意，我不打算添加应答器您甚至不需要区分

对象

类型，因为映射类型不修改原语（例如，

部分

只是

字符串

）。我想我会把它添加到这个答案中。@jcalz hm错过了这一点，我想这是最近的工作我不确定基本体，但我非常确定

Partial

用于破坏数组类型。是的，它过去破坏数组类型（并不是说数组是基本体），但现在很好地映射了它们。