Bash 获得；工作-l“；显示实际命令，不带未展开的变量

我执行了一个作为参数获取的后台进程，但在执行后没有成功获取进程的名称

我做了以下工作：

#! /bin/bash

filePath=$1
$filePath > log.txt &
echo `jobs -l`

实际结果：

[1]+ 2381 Running $filePath > log.txt &

预期结果：

[1]+ 2381 Running /home/user/Desktop/script.sh > log.txt &

---

最好的答案是不要；作业控制是为交互使用而设计的功能，不能保证在非交互shell中可用，更不能保证以任何有用或有意义的方式运行。但是，如果您坚持，您可以使用

printf%q

生成变量展开后形式的

eval

-安全字符串，然后使用

eval

将其作为代码运行：

#!/bin/bash
printf -v logfile_q '%q' "${log:-log.txt}"  # use "$logfile", or default to log.txt
printf -v cmd_q '%q ' "$@"                  # quote our arguments into one eval-safe string

eval "$cmd_str >$logfile_q &"  # Parts that aren't hardcoded must be printf-q'd for safety.
jobs -l

---

注意，为了演示，我添加了一些额外的可配置性——在

eval

'd代码中使用

>log.txt

是可以的，但是使用

$logfile

是不安全的，因为如果

logfile=$'foo$（rm-rf~）\'$（rm-rf~）\''

（一个完全合法的文件名！）然后你会失去你的主目录。因此，需要在

eval

的参数中使用的任何变量都需要事先使用

printf%q

进行转义。

最好的答案是不要；作业控制是为交互使用而设计的功能，不能保证在非交互shell中可用，更不能保证以任何有用或有意义的方式运行。但是，如果您坚持，您可以使用

printf%q

生成变量展开后形式的

eval

-安全字符串，然后使用

eval

将其作为代码运行：

#!/bin/bash
printf -v logfile_q '%q' "${log:-log.txt}"  # use "$logfile", or default to log.txt
printf -v cmd_q '%q ' "$@"                  # quote our arguments into one eval-safe string

eval "$cmd_str >$logfile_q &"  # Parts that aren't hardcoded must be printf-q'd for safety.
jobs -l

---

注意，为了演示，我添加了一些额外的可配置性——在

eval

'd代码中使用

>log.txt

是可以的，但是使用

$logfile

是不安全的，因为如果

logfile=$'foo$（rm-rf~）\'$（rm-rf~）\''

（一个完全合法的文件名！）然后你会失去你的主目录。因此，任何需要在

eval

的参数中使用的变量都需要事先用

printf%q

进行转义。

/bin/bash，而不是

#/bin/bash

。顺便问一句，为什么会出现

回声

jobs-l

本身将其输出写入stdout，因此捕获它然后再次写入看起来毫无意义。顺便说一句，请注意，要使shebang产生任何效果，它必须是

#/bin/bash

，而不是

#/bin/bash

。顺便问一句，为什么会出现

回声

jobs-l

本身将其输出写入stdout，因此捕获它然后再次写入看起来毫无意义。如果不使用

printf%q

创建其参数，则使用

eval

会带来重大安全风险。查看是否未使用

printf%q

创建其参数，使用

eval

会带来严重的安全风险。看见