C printf是否需要%zu说明符？

我们在嵌入式平台上使用C89。我试图打印出一个

大小\u t

，但不起作用：

#include <stdio.h>
int main(void) {
    size_t n = 123;
    printf("%zu\n",n);
    return 0;
}

#包括
内部主（空）{
尺寸n=123；
printf（“%zu\n”，n）；
返回0；
}

我得到的不是

123

，而是

zu

其他说明符工作正常

如果

size\u t

存在，则

zu

不应该也可以在

printf

中找到吗？
这是我应该与我的库供应商联系的问题，还是允许库实现将其排除在外

如果尺寸存在，zu是否也应在printf中提供

size\u t

至少自C89起就存在，但相应的格式说明符

%zu

（特别是长度修饰符

z

）仅自C99起添加到标准中

因此，如果您不能使用C99（或C11）并且必须在C89中打印

size\t

，您只需回退到其他现有类型，例如：

printf("%lu\n", (unsigned long)n);

---

这很好用。在我的系统中，它正在打印期望值。 由于编译器的原因，您可能会遇到错误。我正在使用GCC编译器。如果您只有这个，并且试图获得输出，请首先更新GCC，然后重试。它会起作用的

---

大小\u t由sizeof（）返回。%zu说明符打印长度。因此，要返回n的大小，代码应为：#include

---

int main（void）{size_t n=123；printf（“%zu\n”，sizeof（n））；返回0；`}

我相信

z

前缀是在C99中添加的。@KerrekSB Ok。它似乎没有注释。为什么C++引用会对C标准提出任何解释？是否…现在在cppreferenceNote上标记，在

无符号长

大到足以容纳最大可能值

n

的任何平台上，上述代码都是足够的，尽管不一定是有效的（无论它是否大到足以处理整个

大小

）。但是，不能保证

size\u t

不会大于

无符号长

，也不能保证

n

始终适合

无符号长

。我不知道这会是一个多大的问题[如果许多程序计算sprintf缓冲区的大小，它们可能会遇到不同的问题……基于一个假设，十进制格式的无符号长的最大长度是10位，并且输出的值最终会比这个长]。为了更好的可移植性，请使用

printf(“%llu\n”，（unsigned long）n）；

，除非您知道大小很小，例如

sizeof（int）

，在这种情况下，您只需编写

printf（“%u\n”，（unsigned）n）；

@chqrlie

无符号长

在C89中不存在-这就是我建议

无符号长

的原因。如果

无符号长

可用（C99），那么

%zu

的

size\u t

说明符也将可用。因此根本不需要在此处强制转换为

无符号long

。问题实际上是在C库中。不支持

%zu

的常见情况是将gcc与系统的Microsoft C l结合使用的旧版本的MinGW直到最近才支持大多数C99扩展的Library。