C++ 如何在类模板中使用boost:：enable_

我试图使用boost:：enable_if来打开/关闭类模板中的某些函数，但总是得到编译错误错误：在struct boost:：enable_if中没有名为“type”的类型

我的片段：

#include <iostream>
#include <tr1/type_traits>
#include <boost/utility.hpp>

namespace std {
    using namespace tr1;
}

template <typename T1>
struct C {
    template< typename T2 >
    void test( T2&, typename boost::enable_if<
    std::is_const< T1 >, T1 >::type* = 0 ) {

        std::cout << "const" << std::endl;
    }

    template< typename T2 >
    void test( T2&, typename boost::disable_if<
    std::is_const< T1 >, T1 >::type* = 0 ) {

        std::cout << "non-const" << std::endl;
    }
};

int main() {
    const int ci = 5;
    int i = 6;

    C<char> c;
    c.test(ci);
    c.test(i);
    return 0;
}

#包括
#包括
#包括
名称空间标准{
使用名称空间tr1；
}
样板
结构C{
模板
无效测试（T2&，typename boost:：启用<
标准：：is_const，T1>：：类型*=0）{
std:：cout，T1>：：type*=0）{
std:：cout，T1>：：type*=0）{
std:：cout，T1>：：type*=0）{
std:：cout（用于实现
启用\u if
的机制）仅在函数模板的模板参数的上下文中有效。在您的情况下，
T1
是封闭类模板的模板参数，而不是函数模板本身的模板参数。从函数模板的角度来看，它是固定类型，不能按声明中所述的方式使用它是正常错误，不是替换失败。
（用于实现
启用\u的机制，如果
）仅在函数模板的模板参数的上下文中有效。在您的情况下，
T1
是封闭类模板的模板参数，而不是函数模板本身的模板参数。从函数模板的角度来看，它是固定类型，不能按声明中所述的方式使用它是正常错误，不是替换失败。
一种方法是对类本身进行专门化，如果您只想对某些函数执行此操作，则可能将其作为基类：

template <typename T1>
struct B {
    template<typename T2>
    void test( T2& ) {

        std::cout << "non-const" << std::endl;
    }
};

template <typename T1>
struct B< const T1 > {
    template<typename T2>
    void test( T2& ) {

        std::cout << "const" << std::endl;
    }
};

template <typename T1>
struct C : B<T1> {
    //...
};

模板
结构B{
样板
孔隙试验（T2&）{
std:：cout一种方法是对类本身进行专门化，如果您只想对某些函数执行此操作，则可能将其作为基类：

template <typename T1>
struct B {
    template<typename T2>
    void test( T2& ) {

        std::cout << "non-const" << std::endl;
    }
};

template <typename T1>
struct B< const T1 > {
    template<typename T2>
    void test( T2& ) {

        std::cout << "const" << std::endl;
    }
};

template <typename T1>
struct C : B<T1> {
    //...
};

模板
结构B{
样板
孔隙试验（T2&）{
标准：：cout