替换与imagefield关联的文件，而不让django复制它

我有一个表单的用户配置文件

class profile():
  #the next line is just an abstract
  profile_images='volumes/media/root/userprofile/profile_images/'
  image=models.ImageField(upload_to=profile_images)

在“profile_images”目录中，有用户作为profile images上传的最后5个文件，即：

image_1
image_2
image_3
image_4
image_5

假设当前profile.image是image_1。现在，我想允许用户选择前面的图像之一。我编写的将图像更改为从表单收到的图像的函数如下所示：

def change_profile_image(userprofile,path_to_new_image):
  f = open(path_to_new_image, 'r')
  userprofile.image = ImageFile(f)
  userprofile.save()

image_1
image_2
image_3
image_4
image_5
volumes/media/root/userprofile/profile_images/image_3

例如，用户选择图像_3，执行该代码后，前面提到的目录如下所示：

def change_profile_image(userprofile,path_to_new_image):
  f = open(path_to_new_image, 'r')
  userprofile.image = ImageFile(f)
  userprofile.save()

image_1
image_2
image_3
image_4
image_5
volumes/media/root/userprofile/profile_images/image_3

当然，这不是我想要的。我只想更改与我的配置文件实例的ImageField关联的文件，而不需要Django复制任何文件。

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有什么办法解决这个问题吗？

理论上，你可以覆盖userprofile.image.path，但怎么做还不太清楚

这里有更多的信息

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好的，实际上这很容易

userprofile.image=path_to_new_image

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无需担心打开、删除和重写文件。

image.path不可写。你发布的问题正是我的方法。据我所知，我已经准备好将新文件写入userprofile.image。当我请求将userprofile.image.url（媒体url+文件的绝对路径）作为url时，我没有得到正确的url。这是否也会上载新文件？不是为我做的。