Iphone 使用url方案传递参数

我正在开发一个可以通过URL启动的应用程序。我已经在信息页面上使用xcode定义了我的url方案。我为我的捆绑标识符和URL方案myapp填写了标识符

现在如果我尝试在safari中打开myapp://foo，它启动我的应用程序并在中的断点处停止

- (BOOL)application:(UIApplication *)application
        openURL:(NSURL *)url
sourceApplication:(NSString *)sourceApplication
     annotation:(id)annotation

方法

问题是注释、url、应用程序、sourceapplication参数为零。所以我不能传递参数

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在不必要的时间损失之后，我发现问题出在调试器上。它显示的网址是零，如果我试图打印描述，它说

Printing description of url:
<nil>

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调试器还会显示url。

您确定项目处于调试模式吗！？请参见此处

您针对/测试的是哪个版本的iOS？您是说此方法的

url

变量为零，还是

url

的参数字符串（因为它是NSURL）为零？你如何确定它是零？你确定你正在传递一个有效的编码链接吗？我经常使用这种委托方法，但我从未体验过这种行为@BillyLazzaro nsurl是nil@Alexander正如我在问题中所说，我正试图打开地址myapp://foo，它启动了我的应用程序，但我没有得到字符串foo。我也尝试过myapp://？foo=1234，运气不好……在这种情况下，请确保您的项目处于“调试”模式而不是“发布”模式。在默认的发布模式下，很多事情都可以得到优化是的，我非常确定。我的代码中也有许多预处理器指令，如#ifdef DEBUG。有时，调试器会特别在设备上执行此操作。只要您的nslog看到该值，您就应该可以了。如果您中断并键入“po url”，您会得到什么？我还可以问一下您将如何传递数据吗？我建议使用base64编码的json对象。这允许结构化数据，而且非常简单，就像在我的回答中一样，我看到了预期的值，然后我可以解析等等。。我无法将我的答案标记为正确，因为我必须等待一天……事实上，正如我在问题中所说的，我只是键入safari的地址栏myapp://fooo. 所以我不会从我的另一个应用程序调用它。所有编码都必须由safari完成

if (! url) {
    return NO;
}