Javascript 辅助页面上的ajax查询 出身背景

我在这里已经阅读了几篇关于AJAX的帖子和教程，我发现它在one页面上运行得很好，但我对使用AJAX还是很陌生，所以我遇到了一个不理解如何修复的难题

我有我的主页，ajaxtest.php，其中包含一个包含以下代码的下拉列表：

<a>
<?php
include('./db.php');
$PM = mysqli_query($con, "SELECT DISTINCT PMName FROM report WHERE PMname <> '' ORDER BY PMName ASC");
?>
<select name="PMName" onchange="showUser(this.value)">
<?php
while ($row = mysqli_fetch_row($PM)) {
$selected = array_key_exists('PMName', $_POST) && $_POST['PMName'] == $row[0] ? ' selected' : '';
printf(" <option value='%s' %s>%s</option>\n", $row[0], $selected, $row[0]);
}
?></select></a>

但当我单击按钮时，整个页面将刷新，而不是执行此函数。为什么会这样

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如果我手动转到

localhost/getuser.php？q=John%20Doe

，而不是“将此页面加载到我的ajaxtest.php

”中，然后单击按钮，它工作正常，我会弹出JavaScript警报。我做错了什么？

尝试编辑函数

test（）

以返回false

function test() {alert("yo"); return false} 

换线

进入

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现在它不应该刷新页面。

onsubmit

中使用的函数需要返回true或false。

JavaScript/jQuery不“知道”动态加载的元素。您可以通过使用

on（）

方法来解决这个问题，方法是-我认为这个问题与ajax无关。您的表单正在提交，就像其他表单在没有阻止提交的事件处理程序的情况下单击“提交”按钮时一样。我知道这就像。。。死亡请求。。。但是你能告诉我如何正确使用事件处理程序吗？我不知道它们是什么。谷歌最初的几条搜索结果阅读量很大，杰伊在上面发布的链接也是如此。我想学习，但如果您能提供更多关于更具体的内容的指导，我将不胜感激，这样我就知道在这些页面中可以找到什么地方了。

onsubmit=“return test（）；”

并确保

test（）

返回

false

。嗯。。。它仍在刷新整个页面。我有

在JS函数中我有

函数test（）{alert（“yo”）；return false；}

是的，这正是我所拥有的，但是页面仍然在刷新。就在这里想一想，如果我的球在头球位置，这有关系吗？我拥有的确切文本是

和

函数loadXMLDoc（）{alert（“yo”）；return false；}

正如我前面所述，如果我加载getuser.php页面，它就可以正常工作。。。

<form action="" method="POST" onsubmit="test()">

<input class="button" name="update"<?= $LineID ?>" type="submit" id="update" value="UPDATE">

function test() {
alert("yo");
}

function test() {alert("yo"); return false}