Javascript jQuery$.post不适用于特定条件

我正在尝试使用AJAX和jQuery$.post将一些数据插入mySQL数据库。我尝试测试的功能如下

html：代码片段（已经在使用jQuery实现许多其他功能）

updateDatabase.php

<?php
if( $_REQUEST["name"] ) {

   $name = $_REQUEST['name'];
   echo "Welcome ". $name;
   echo "<script>alert('Im here')</script>";
}
?>

更改此选项

echo "alert('Im here')";

到

你也可以使用

.done(function() {
    alert("Success");
})

最终代码

$.post( "example.php", function() {
   alert( "success" );
})
.done(function() {
    alert( "second success" );
})

您正在回显字符串
echo“alert（'Im here'）”。所以

不能将其视为javascript函数
您没有在成功回调中使用响应

您可以做的是：

function(data) {
     alert('Success: '+data);
     // outputs: Success: Welcome Zara I'm here
}

在php：

echo "Welcome ". $name . " I'm here";

尝试使用json作为返回数据的安全方法

$.post( 
    "updateDatabase.php",
    { name: "Zara" },
    function(data) {//data is all the echoed text from the updateDatabase.php in our case a json string
         alert(data.message);
    }
);

<?php
if( $_REQUEST["name"] ) {

   $name = $_REQUEST['name'];
   echo json_encode([message =>"Welcome ". $name])

}
?>

$.post（
“updateDatabase.php”，
{姓名：“Zara”}，
函数（data）{//data是来自updateDatabase.php的所有回显文本，在本例中是一个json字符串
警报（数据、消息）；
}
);
ajax调用与导入不同，updateDatabase.php中的数据以success functionOk的数据变量的形式传递给ajax。现在我明白了。我想我必须使用数据变量来获得输出。你是对的，现在我知道我犯的错误了。对不起这是我的第一篇$0.post。@danimvijay不要担心，当你是新来的时候，它会发生在这里。
echo "Welcome ". $name . " I'm here";

$.post( 
    "updateDatabase.php",
    { name: "Zara" },
    function(data) {//data is all the echoed text from the updateDatabase.php in our case a json string
         alert(data.message);
    }
);

<?php
if( $_REQUEST["name"] ) {

   $name = $_REQUEST['name'];
   echo json_encode([message =>"Welcome ". $name])

}
?>