Laravel 404和500的API和网站中的不同响应（JSON和网页）？

我想显示API和网站的不同响应。在api响应中，我想显示json响应，其中404和500表示主要用于路由的异常类型

如果一个用户试图请求一个路由，但没有找到路由，我想在json响应中为API显示一个响应，在Web页面中为网站显示一个响应

我知道并尝试将代码放入

app/Exceptions/Handler.php

public function render($request, Exception $exception)
{
    if ($exception instanceof NotFoundHttpException) {
        if ($request->expectsJson()) {
            return response()->json(['error' => 'Not Found'], 404);
        }
        return response()->view('404', [], 404);
    }
    return parent::render($request, $exception);
}

public function render($request, Exception $exception)
{
    // Give detailed stacktrace error info if APP_DEBUG is true in the .env
    if ($request->wantsJson()) {
      // Return reasonable response if trying to, for instance, delete nonexistent resource id.
      if ($exception instanceof \Illuminate\Database\Eloquent\ModelNotFoundException) {
        return response()->json(['data' => 'Resource not found'], 404);
      }
      if ($_ENV['APP_DEBUG'] == 'false') {
        return response()->json(['error' => 'Unknown error'], 400);
      }
    }
    return parent::render($request, $exception);
}

但是失败了。有人能帮助我如何为错误页面设置不同的响应。

试试这个。

public function render($request, Exception $exception)
    {
        if ($request->ajax()) {
            return \Response::json([
                'success' => false,
                'message' => $exception->getMessage(),
            ], $exception->getCode());
        } else {
            return parent::render($request, $exception);
        }
    }

---

预期

JSON

是关于标题的，我不喜欢

API

错误的解决方案，您可以通过浏览器访问

API

。我的解决方案大多数情况下是通过

URL

路由进行过滤，因为它以

“api/…”

开头，可以像这样执行

$request->is（'api/*'）

如果您的路由不是带有

/api

前缀的路由，那么这将不起作用。更改逻辑以适合您自己的结构

public function render($request, Exception $exception)
{
    if ($exception instanceof NotFoundHttpException) {
        if ($request->is('api/*')) {
            return response()->json(['error' => 'Not Found'], 404);
        }
        return response()->view('404', [], 404);
    }
    return parent::render($request, $exception);
}

---

我使用的是Laravel5.5.28，并在

app/Exceptions/Handler.php

public function render($request, Exception $exception)
{
    if ($exception instanceof NotFoundHttpException) {
        if ($request->expectsJson()) {
            return response()->json(['error' => 'Not Found'], 404);
        }
        return response()->view('404', [], 404);
    }
    return parent::render($request, $exception);
}

public function render($request, Exception $exception)
{
    // Give detailed stacktrace error info if APP_DEBUG is true in the .env
    if ($request->wantsJson()) {
      // Return reasonable response if trying to, for instance, delete nonexistent resource id.
      if ($exception instanceof \Illuminate\Database\Eloquent\ModelNotFoundException) {
        return response()->json(['data' => 'Resource not found'], 404);
      }
      if ($_ENV['APP_DEBUG'] == 'false') {
        return response()->json(['error' => 'Unknown error'], 400);
      }
    }
    return parent::render($request, $exception);
}

这期望您的API调用将有一个带有键

Accept

和值

application/json

的头

然后，不存在的web路由返回预期的

很抱歉，找不到您要查找的页面

一个不存在的API资源返回一个JSON 404负载

找到了

---

您可以将其与查找

NotFoundHttpException

实例的答案结合起来，以捕获500。不过，我想最好使用堆栈跟踪。

无需再次为Laravel升级而忙碌。您只需要在routes/api.php中定义此方法

---

我只是想在上述答案的基础上添加一个替代方案，所有这些似乎都很有效

在遇到同样的问题并深入挖掘之后，我采取了一种稍微不同的方法：

• 异常句柄调用父：：呈现（…）。如果查看该函数，如果您的请求指示它

  wantsJson（）

  [请参阅]

• 现在，为了将所有响应（包括异常）转换为json，我使用了来自的Jsonify中间件思想，但将其应用于api MiddlewareGroup，该api默认分配给RouteServiceProvider:：mapApiRoutes（）

下面是一种实现方法（与上面的参考答案非常类似）：

创建文件

app/Http/Middleware/Jsonify.php

<?php

namespace App\Http\Middleware;

use Closure;

class Jsonify
{
    /**
     * Handle an incoming request.
     *
     * @param  \Illuminate\Http\Request  $request
     * @param  \Closure  $next
     * @return mixed
     */
    public function handle($request, Closure $next)
    {
        if ( $request->is('api/*') ) {
            $request->headers->set('Accept', 'application/json');
        }
        return $next($request);
    }
}

在同一内核文件中，将jsonify名称添加到api组：

protected $middlewareGroups = [
...
  'api' => [
    'jsonify',
    'throttle:60,1',
    'bindings',            
  ],
...
];

---

结果是，对于属于“api”组的任何请求，都会加载中间件。如果请求url以

api/

开头（我认为这有点多余），那么Jsonify中间件会添加头。这将告诉ExceptionHandler:：render（）我们需要json输出

这对我很有用，还添加了

使用Symfony\Component\HttpKernel\Exception\NotFoundHttpException谢谢“X-Requested-With”：“XMLHttpRequests”需要添加标题，否则laravel请求不会检测为ajex调用，这就是为什么返回页面。遗憾的是，这在大多数情况下都有效，但在某些情况下不起作用：如果您从策略或网关获得“未授权”，则您的中间件可能尚未加载。如果没有加载jsonify，您将获得非json输出，除非您相应地设置了头（接受Application/json）。因此，您可以使用这个答案，只是要注意不足……如果您要将其添加到
api
中间件组，则无需在请求URL中检查
/api
。路由服务提供商将
api
中间件组和
/api
前缀应用于
api.php
中列出的路由。使用GET方法可以很好地工作。但与其他方法（POST、PUT等）相同的url将返回405 methodNotLowed。我建议通过这种方式在api路由的末尾定义自定义回退路由（）对于Laravel 8，请参见以下答案