上传后的laravel更改请求

上传文件后尝试更新我的请求：（Laravel 5.3）

$path=Storage:：disk（'s3'）->putFile（$destination，$request->file（$name））；//作品
$request->merge（数组（$name=>$path））；//不起作用
$myModel->update（$request->all（））

我知道我不能在请求中用字符串替换文件，那么我该怎么做呢

看到了很多关于这方面的帖子，但很常见，这肯定比：

$res=$request->except（$myInputFileName）//将其转换为数组
$res[$myInputFileName]=$path

有什么好办法吗

编辑：暂时不使用：将请求作为数组处理

只需执行以下操作：

$request[$name] = $path;

但是，我怀疑您是否希望使用

$name

作为列名，因此您可能希望将

$name

和

$path

保存到名为

文件名

和

文件路径

的列中？然后这样做：

$request['name'] = $name;
$request['path'] = $path;

之后，您可以使用以下工具检查

$request

内容：

dd($request->all());

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为什么不试试这个呢

$inputData = $request->all();
$path = Storage::disk('s3')->putFile($destination, $request->file($name));
$inputData[$name] = $path;
$myModel->update($inputData);

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@r、 flipo，到底什么不起作用？你有错误吗？没有，但正如我在帖子中所说的，你不能在请求字符串中更改请求文件。所以这不会改变我的想法request@r.flipo，刚刚尝试了更新的代码，效果很好。使用laravel 5.3.18，更新仍然不起作用：（$request['picture']是UploadedFile的一个实例，其路径名是私有的，我无法将其重写为字符串。感谢您的时间，我将使用arrays！@r.flipo，您没有说过任何关于重写上载文件的内容。在5.3中，当我重写或添加新的简单数据（如字符串）时，它对我有效。您到底想实现什么？通常在您启动之后加载罚款，你需要把它的名字保存在一个数据库中，如果你使用我的答案中的代码，这个数据库就会工作。是的，我知道我可以通过在数组中转换我的请求来实现它（正如我在帖子中所说的）我只是觉得有一个更好的方法：比如我的文件输入的路径名会改变automatically@r.flipo，当您这样做时，您将使用大量额外的内存，因为您正在从请求对象复制几乎所有的请求数据