图像存储，但在laravel API中未显示正确路径

如何在数据库中存储实际路径，如何在API中获取图像？ 这是postman中API的输出

这是显示图像存储路径的数据库，但它是错误的

公共函数存储（请求$Request）
{
$event=$request->all（）；
如果（$request->hasFile（'file'））{
$destinationPath=public_path（）。/public/img/；
$file=$request->file；
$fileName=time（）.。$file->clientExtension（）；
$file->move（$destinationPath，$fileName）；
$input['e_image']=$fileName；
}
//$return['success']=true，
//$return['data']=$event，
//$return['msg']=“这是消息”；
$success['status']=true；
$success['data']=[$event]；
$success['message']=“事件创建成功！”；
//$success['event']=$event；
return response（）->json（$success）；
}

请尝试此操作，并使用唯一的图像名称将图像存储在适当的项目目录中

$img=$request->profile\u image；
$old\u path=public\u path（）。“/public/img/”；
$image_parts=分解（$base64，$img）；
$image_type_aux=explode（“image/”，$image_parts[0]）；
$image_type=$image_type_aux[1]；
$image_base64=base64_decode（$image_parts[1]）；
$filename=uniqid（）。巴布亚新几内亚'；
$file=$old\u路径$文件名；
文件内容（$file$image\u base64）；
如果（文件存在（公共路径（'/public/img/'.$filename）））{
//移动图像
$new_path=public_path（）。“/public/img/newimages/”；
如果（！is_dir（$new_path））{
mkdir（$new_path，0777，TRUE）；
}
$move=File:：move（$old_path.$filename，$new_path.$filename）；
}
//在数据库上传图像
$modalObj=新表（）；
$modalObj->updateById（\Session:：get（'table'）->id[
“profile_photo”=>$filename，
]);
return response（）->json（['code'=>'1'，'message'=>'图像上传成功！！！'，'data'=>['imageName'=>url（'/public/img/newimages/'.$filename）]）$file=new YOURMODELNAME（）；请在此代码行中输入您的型号名称

public function store(Request $request)
     {
        $input = $request->all();
        $rules = array(
            'e_image' => 'required|mimes:jpeg,png,jpg,doc,docx,pdf,mp4,mov,ogg,qt',
       'e_group' => required,
       'e_invite'=>required,
        );
        $validator = Validator::make($input, $rules);
        if ($validator->fails()) {
            $arr = array("status" => 400, "message" => $validator->errors()->first(), "data" => array());
        } else {
            try {
                $file = $request->file('e_image');
                $input['e_image'] = time() . '.' . $file->getClientOriginalExtension();
                $destinationPath = public_path('/img/');
                $file->move($destinationPath, $input['e_image']);




                $file = new YOURMODELNAME();





                $file->e_image = $input['e_image'];
                $file->e_group = $input['e_group'];
                $file->e_invite = $input['e_invite'];
                $file->save();
                $file->e_image = url('public/img/' . $file->e_image);


                $arr = array("status" => 200, "message" => "file upload Successfully", "data" => $file);
            } catch (\Exception $ex) {
                if (isset($ex->errorInfo[2])) {
                    $msg = $ex->errorInfo[2];
                } else {
                    $msg = $ex->getMessage();
                }
                $arr = array("status" => 400, "message" => $msg, "data" => array());
            }
        }
        return \Response::json($arr);
    }

DB中的代码存储数据在哪里？在存储函数中..您可以检查问题-@shaileshladumory您必须将图像上载到存储文件夹中，然后将文件名存储在数据库中，在上载图像后检索到该文件名。在API中传递数据时，使用图像名称将URL链接附加到存储中。你可以在这里找到更好的图片上传代码块。对不起，实际上我不懂你的代码-@PHP GeekHe已经存储了一个唯一的图像名称<代码>$fileName=time（）$文件->客户端扩展（）这行用扩展名创建唯一时间，不是吗？是的-@diliphirapara我只懂我的代码，你能检查我代码中的错误吗？-@PHP Geek