Node.js 在Sequelize Model.create上设置raw=true

我希望能够在调用

Model.create

on Sequelize后接收纯原始对象，即创建的对象本身，没有元数据或任何其他内容。就像

Model.find中的
{raw:true}
选项一样

我已经看到了这个答案：
,
不，
Model.create（{name:'test'}，{raw:true}）
不起作用

谢谢
您还可以对查询返回的模型实例使用.toJSON（）
 非常感谢您的帮助。我找到了一个解决方案，虽然这不是我想要的，但它很有效，而且仍然很好

sequelize实体有一个
.get（）
方法来返回普通对象版本。所以是这样的：

Model.create(modelObject)
.then((resultEntity) => {
    const dataObj = resultEntity.get({plain:true})
}

来自此线程：。寻找CharlesA的答案

尚未尝试使用数组，但如果您对结果数组有问题，请检查其注释和旁边的答案。
但是由于
.create（）
只返回一个对象，所以它对我来说是有效的。无论如何，如果您使用的是
.findAll（）
，那么应该使用
{raw:true}
选项而不是此解决方案，因为它在该方法中工作

另外，如果任何人仍然有一个解决方案，Sequelize本身不会返回那个大的resultEntity对象，而只是普通的数据对象，就像
{raw:true}
选项一样（因为我认为它仍然更轻？），我们就打开了

多谢各位

Model.create(modelObject)
.then((resultEntity) => {
    const dataObj = resultEntity.get({plain:true})
}

如前所述，或者如果您想使用async/await语法，请选择：

const myResultVar = (await Model.create(modelObject)).get({plain:true})

基本上是一样的，只是没有留下async/await语法：）
使用
model.toObject
函数：谢谢你。但这是针对猫鼬的，但我为sequelize
model.get找到了一个类似的方法，我将其作为答案发布。Thnx感谢Kevin，找到了一个内置解决方案，并发布为answerI。我注意到
.toJSON（）
返回整个对象？你知道如何将它与
属性配对以过滤返回的内容吗？为什么Sequelize不为create实现{raw:true}？！嗨：）你不需要重复其他答案。你的备选方案足够好，可以自己写下来作为答案。