Php 如何使用文件“获取”内容（$filename）和$GLOBALS["；HTTP\u RAW\u POST\u DATA"；]来获取文件名？

我正在使用

file\u put\u contents（$filename，$jpg）

将我的jpg文件上传到某个位置。 如何使用

文件获取内容（$filename）与
（$GLOBALS[“HTTP\u RAW\u POST\u DATA”]）
？
我正在尝试类似于
$jpg=$GLOBALS[“HTTP_RAW_POST_DATA”]；
$img=$_GET[“img”]；
$filename=“applicationsphotos/applicationphoto”。mktime（）。“.jpg”；
文件内容（$filename，$jpg）；
回显文件\u获取\u内容（$filename）；死亡

但这并没有很好地工作（我没有得到文件名，而不是死站脚本）。我是否使用了错误的方法来获取名称
 您应该知道什么是原始数据：
$\u POST
可以说是拆分后的结果
$HTTP\u RAW\u POST\u数据
，PHP按照我们在
$\u POST
中看到的方式拆分原始POST数据和格式

例如，如果
$HTTP\u RAW\u POST\u DATA
看起来像这样：

$_POST = array(
     "key1" => "value1",
     "key2" => "value2",);

key1=value1&key2=value2

然后，
$\u POST
将如下所示：

$_POST = array(
     "key1" => "value1",
     "key2" => "value2",);

很可能您在
*.jpg
数据中包含了文章中的其他内容（元素）。确保只包含原始和有效的
*.jpg
图片信息，而不包括其他元素

还要记住，
$HTTP\u RAW\u POST\u DATA
不可用于表单的类型
enctype=“multipart/form DATA”

要获取原始Post数据，请使用：


php://input
是一个只读流，允许您从请求正文中读取原始数据。在
POST
请求的情况下，最好使用
php://input
而不是
$HTTP\u RAW\u POST\u DATA
，因为它不依赖于特殊的
php.ini
指令

更多信息，以及。
更准确地定义
不正常运行的含义是什么？错误是什么（如果有）？感谢您的评论。但是“工作不好”意味着我没有把文件名作为字符串。Nor die正在运行（脚本没有停止）感谢您的帮助。但是有没有什么方法可以让我得到文件名，这样我就可以把它传给任何其他文件。实际上，我是从flash调用上面提到的PHP文件的。我想将上传文件的名称存储/传递到其他文件