Php 如何在select中将一个表的id值添加到另一个表中？

我有两张桌子，一张桌子和二张桌子

我期望的是以下格式。
所需格式

表1
ID标题S_ID
1选择1 2
2选择2
3选择3 1
表2
S_ID SNAME
1姓名1
2姓名2
3姓名3

但是我得到了表1的

suid

的

null

值

表1
ID标题S_ID
1选项1空
2选项2无效
3选项3无效
表2
S_ID SNAME
1姓名1
2姓名2
3姓名3

这是我的密码：

HTML:

<select name=sid>
<option value="select"></option>
<option value="N1">Name1</option>
<option value="N2">Name2</option>
<option value="N3">Name3</option>
</select>    

我需要的是，当我从下拉列表中选择任何名称时，表2中该名称的

id

应以上述所需格式存储在表1中，并在单击特定名称时检索相应名称下的标题

---

通过编写所需代码来提供帮助。谢谢。

我想你的

插入声明应该是这样的：

$insertquery = "INSERT INTO review (title, S_ID) VALUES('$title', '$sid')";

你肯定需要考虑消毒输入和使用准备好的语句。
更新：

您可以使用表2中的选项填充
select
（假设您使用
mysqli
），您可以执行以下操作：

$insertquery = "INSERT INTO review (title, S_ID) VALUES('$title', '$sid')";



为了简洁和简单，没有检查。
我肯定会考虑对输入进行消毒处理，或者对SQL注入很脆弱。我有点困惑。请提供适当的描述。另外，请提供更多您已经测试过的代码。您的代码容易受到SQL注入攻击。您真的应该使用，将变量作为参数传递到其中，而这些参数不会对SQL进行计算。如果您不知道我在说什么，或者不知道如何修复它，请阅读的故事；然后试试，或者知道发生了什么，它从表单中获取了值。我已将这些值存储在表2中。当我从表2中选择一个名称时，它的id应该存储在表1的\u id列中。我会对它进行清理。insertquery是从表中还是从表单中获取值？根据您的
insert.php
，它来自带有
$\u POST['S\u ID']
的表单。我希望您能从表2中为
中的选项填充值。如果我想从表2中获取，该怎么办？您能告诉我如何将表2中的值填充到我的发件人中吗？非常感谢先生。。我还问过如何在选择任何名称时检索表1的内容？