更新脚本中必需的ID未被存储（甚至未被看到！？）（PHP MySQL）

我真的需要这方面的帮助…我花了3个小时试图弄明白

基本上，我有3个表需要这个函数工作（查询和PHP）。。。作者、书籍和用户

一个作者可以有很多书，一个用户可以有很多书——就是这样

当管理员用户选择更新一本书时，他们会看到一个表单，在字段中显示当前数据，非常直接。。。然而，有一个棘手的部分，管理员用户可以更改一本书的作者（万一他们出错），也可以更改与该书相关联的用户

当我选择更新单个图书信息时，我不会得到任何作者id或用户id的值。这意味着，当用户更新图书信息时，与用户和作者的关联将被完全取消（在关联之前）。。。我看不出为什么会发生这种情况，因为我可以清楚地看到源代码中用户和作者的ID以及我的选项值（这是因为它们位于select下拉列表中）。以下是我检索用户ID的sql：

从用户中选择用户id、名称

然后我有我的选择选项，它会显示系统中的所有用户：

<label>This book belongs to:</label> <select name="name" id="name">
<option value="<?php echo $row['user_id']?>" SELECTED><?php echo $row['name']?> - Current</option>

         <?php   
              while($row = mysql_fetch_array($result))
        { ?>                        <option value="<?php echo $row['user_id']; if (isset($_POST['user_id']));?>"><?php echo $row['name']?></option>
<?php } ?>

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此查询的结果不返回author\u id或user\u id的值。。。显然，在这个问题上，我已经给出了用户资料的信息（显示HTML），但我猜我对作者也有同样的问题。。。如何将这些ID传递给脚本，以便确认更改！！：（

看起来用户id是由表单在名为“name”的元素中发布的，因此您需要在PHP中阅读它：

$user\u id=$\u POST['name']

Author ID和其他变量似乎根本没有在表单中指定，因此PHP将为您提供空值

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如果在错误报告中打开通知，PHP将告诉您是否尝试访问未声明的数组元素。

但是“name”不应该是列的标题吗？我的books表中没有name列，而是它的user\u id，因此如果我将其更改为name，它不能存储在任何位置，可以吗？author id和其他变量是c以相同的格式调用用户，但在PHP脚本中使用不同的查询开始，如果您输入：var\u dump（$\u POST）；您将看到从表单发送的变量。现在，如果您将选择框的名称字段更改为“user\u id”，那么您将看到表单在“user\u id”字段中传递id，这就是您想要的。

$book_id = $_POST['book_id'];
    $bookname = $_POST['bookname'];
    $booklevel = $_POST['booklevel'];

    $author_id = $_POST['author_id'];
    $user_id = $_POST['user_id'];


    $sql = "UPDATE books SET bookname= '".$bookname."', booklevel= '".$booklevel."', author_id='".$author_id."', user_id= '".$user_id."' WHERE book_id = ".$book_id;