Php 警告：mysql_result（）：第4行（…）中提供的参数不是有效的mysql结果资源

这是我的片段

我已经检查了一些与我的错误类似的问题，但到目前为止我还不能解决它

<?php 
function user_exists ($username) {
$username = sanitize($username);
return (mysql_result(mysql_query("SELECT COUNT(user_id) FROM users WHERE username =  $username"), 0) == 1) ? true : false;
}
?>

---

如果由于某种原因失败，当mysql\u query返回false时，可能会发生这种情况。因此，您应该将其拆分为多个语句并检查返回值

$sql = "SELECT COUNT(user_id) FROM users WHERE username =  $username";
$result = mysql_query($sql);
if ($result === false) {
    // error handling
    return false;
}

return (mysql_result($result, 0) == 1) ? true : false;

---

您应该将代码拆分为多行，以处理这些错误或特殊情况

mysql\u查询

将返回0到n行，如果出现错误，则返回一个错误。因此，返回的资源仅在非错误查询中为true。这可用于处理以下情况

首先构建并执行查询，然后处理资源

您可以使用以下信息来确定发生错误时的情况：

if(!$result) die("SELECT failed: ".mysql_error());

或者这些想法来处理这个问题

if (!$result=mysql_query($query)) {
        return false; // or similar operation
    }

    if (mysql_num_rows($result)!=1){
        return false;
    }else{
        return true;
    }

---

如果我没有弄错的话，这是因为它没有返回任何行。请尝试执行

echo

以查看

清理（$username）

returnSORTED有什么作用！我从字段名中取出了单引号。所以不是：返回（mysql_结果（mysql_查询（“SELECT COUNT（'user_id'），来自'username'，其中'username'='$username'）），0）==1）？真：假；我写了------->return（mysql\u结果（mysql\u查询（“username='$username'”用户的选择计数（用户id）），0）=1）？真：假@用户187120如果解决了你的问题，考虑一下。非常感谢。

if (!$result=mysql_query($query)) {
        return false; // or similar operation
    }

    if (mysql_num_rows($result)!=1){
        return false;
    }else{
        return true;
    }