Php 尝试获取非对象的属性（2）

我总是犯这样的错误：

正在尝试获取非对象的属性

问题在于，当my DB中的这个字段用例如“1988-12-01 15:13:14”填充时，名为“sterfdatum”的SQL日期字段出现了问题。那么我的代码就没有问题了。但当字段类似于“0000-00-00:00:00”时，我试图从我的数据库中取出它，错误就会显示出来

这是我的模型：

<?php

public function get_artist($last_name = NULL , $front_name = NULL, $language = 'nl')
    {
        // infoNL as language so language can be used in the View file
        if($language == 'nl')
        {
            $this->db->select('naam, voornaam, geboortedatum, geboorteplaats, foto, infoNL as language, sterfdatum')
                 ->from('kunstenaar')
                 ->where('naam', $last_name)
                 ->where('voornaam', $front_name)
                 ->limit(1);

            return $this->db->get()->row();
        }
        elseif($language == 'en')
        {
            $this->db->select('naam, voornaam, geboortedatum, geboorteplaats, foto, infoEN as language, sterfdatum')
                 ->from('kunstenaar')
                 ->where('naam', $last_name)
                 ->where('voornaam', $front_name)
                 ->limit(1);

            return $this->db->get()->row();
        }

    }

---

如果我理解正确的话，应该可以工作，您似乎在为视图指定一个非对象的可变艺术家

当在数据库中找不到与查询匹配的项时，可能会发生此错误

假设您的方法get_artist（）返回空值，您应该尝试以下操作：

if(isset($artist))
{
    if($artist->sterfdatum != '0000-00-00 00:00:00')
    {
        $birthYear = date('Y', strtotime($artist->geboortedatum));
        $dieYear = date('Y', strtotime($artist->sterfdatum));
    }
}

但是，当发生错误时，您应该查看$artist中的值，以便对其进行正确的测试

希望对你有帮助

if(isset($artist->sterfdatum) && $artist->sterfdatum != '0000-00-00 00:00:00') { 
$birthYear = date('Y', strtotime($artist->geboortedatum)); 
$dieYear = date('Y', strtotime($artist->sterfdatum));
}

if(isset($artist))
{
    if($artist->sterfdatum != '0000-00-00 00:00:00')
    {
        $birthYear = date('Y', strtotime($artist->geboortedatum));
        $dieYear = date('Y', strtotime($artist->sterfdatum));
    }
}